（人教版）精品數(shù)學教學資料(時間：100 分鐘，滿分：120 分)一、選擇題(本大題共 10 小題，每小題 5 分，共 50 分在每小題給出的四個選項中，只有一項是正確的)1.ABACBCBA化簡后等于()A3ABB.ABC.BAD.CA解析：選 B.原式(ABBA)(ACBC)(ABAB)(ACCB)0ABAB，故選B.2已知 i(1，0)，j(0，1)，則與 2i3j 垂直的向量是()A3i2jB2i3jC3i2jD2i3j解析：選 C.2i3j(2，3)，C 中3i2j(3，2)因為 2(3)320，所以 2i3j 與3i2j 垂直3下列說法正確的是()A兩個單位向量的數(shù)量積為 1B若 abac，且 a0，則 bcC.ABOAOBD若 bc，則(ac)bab解析：選 D.A 中，兩向量的夾角不確定，故 A 錯；B 中，若 ab，ac，b 與 c 反方向，則不成立，故 B 錯；C 中，應為ABOBOA，故 C 錯；D 中，因為 bc，所以 bc0，所以(ac)babcbab，故 D 正確4已知向量 a(1，1)，b(2，x)，若 ab 與 4b2a 平行，則實數(shù) x 的值是()A2B0C1D2解析：選 D.因為 a(1，1)，b(2，x)，所以 ab(3，x1)，4b2a(6，4x2)，由于 ab 與 4b2a 平行，得 6(x1)3(4x2)0，解得 x2.5已知兩個非零向量 a，b 滿足|ab|ab|，則下面結(jié)論正確的是()AabBabC|a|b|Dabab解析：選 B.因為|ab|ab|(ab)2(ab)2ab0，所以 ab，選 B.6已知向量 a(3，4)，b(3，1)，a 與 b 的夾角為，則 tan 等于()A.13B13C3D3解析：選 D.由題意，得 ab3(3)415，|a|5，|b| 10，則 cos ab|a|b|55 10110.0，sin 1cos2310，tan sin cos 3.7已知四邊形 ABCD 的三個頂點 A(0，2)，B(1，2)，C(3，1)，且BC2AD，則頂點 D 的坐標為()A(2，72)B(2，12)C(3，2)D(1，3)解析：選 A.設(shè) D(x，y)，則BC(4，3)，AD(x，y2)又BC2AD，故42x，32（y2） ，解得x2，y72.8兩個大小相等的共點力 F1，F(xiàn)2，當它們的夾角為 90時，合力的大小為 20 N，則當它們的夾角為 120時，合力的大小為()A40 NB10 2 NC20 2 ND. 10 N解析：選 B.對于兩個大小相等的共點力 F1，F(xiàn)2，當它們的夾角為 90，合力的大小為20 N 時，由三角形法則可知，這兩個力的大小都是 10 2 N；當它們的夾角為 120時，由三角形法則可知力的合成構(gòu)成一個等邊三角形，因此合力的大小為 10 2 N.9A，B，C，D 為平面上四個互異點，且滿足(DBDC2DA)(ABAC)0，則ABC的形狀是()A直角三角形B等腰三角形C等腰直角三角形D等邊三角形解析：選 B.(DBDC2DA)(ABAC)(DBDADCDA)(ABAC)(ABAC)(ABAC)AB2AC20，|AB|AC|，ABC 為等腰三角形10在平面直角坐標系中，若 O 為坐標原點，則 A，B，C 三點在同一直線上的等價條件為存在唯一的實數(shù)， 使得OCOA(1)OB成立， 此時稱實數(shù)為“向量OC關(guān)于OA和OB的終點共線分解系數(shù)”若已知 P1(3，1)，P2(1，3)，且向量OP3與向量 a(1，1)垂直，則“向量OP3關(guān)于OP1和OP2的終點共線分解系數(shù)”為()A3B3C1D1解析：選 D.設(shè)OP3(x，y)，則由OP3a 知 xy0，于是OP3(x，x)，設(shè)OP3OP1(1)OP2，(x，x)(3，1)(1)(1，3)，1.二、填空題(本大題共 5 小題，每小題 4 分，共 20 分把答案填在題中橫線上)11已知點 A(1，5)，a(2，3)，若AB3a，則點 B 的坐標為_解析：設(shè) B(x，y)，(x1，y5)3(2，3)，x16，y59，解得x5，y4.答案：(5，4)12設(shè) e1，e2是兩個不共線的向量，a3e14e2，be12e2.若以 a，b 為基底表示向量 e12e2，即 e12e2ab，則_解析：由 a3e14e2，be12e2，得 e115a25b，e2110a310b，e12e225a15b，即251515.答案：1513向量 a(1，2)，b(1，m)，向量 a，b 在直線 yx1 上的投影相等，則向量 b_解析：直線 yx1 的方向向量為 c(1，1)，則可知ac|c|bc|c|，則 acbc，所以 121m，解得 m4，所以 b(1，4)答案：(1，4)14. 如圖所示，在正方形 ABCD 中，已知|AB|2，若 N 為正方形內(nèi)(含邊界)任意一點，則ABAN的最大值是_解析： ABAN|AB|AN|cosBAN， |AN|cosBAN 表示AN在AB方向上的投影 又|AB|2，ABAN的最大值是 4.答案：415設(shè)向量 a，b 滿足：|a|3，|b|4，ab0，以 a，b，ab 的模為邊長構(gòu)成三角形，則它的邊與半徑為 1 的圓的公共點個數(shù)最多為_解析：由題意可知該三角形為直角三角形，其內(nèi)切圓半徑恰好為 1，它與半徑為 1 的圓最多有 4 個交點答案：4三、解答題(本大題共 5 小題，每小題 10 分，共 50 分解答時應寫出必要的文字說明、證明過程或演算步驟)16已知|a|4，|b|3，(2a3b)(2ab)61.(1)求|ab|；(2)求向量 a 在向量 ab 方向上的投影解：(1)(2a3b)(2ab)61，4|a|24ab3|b|261.|a|4，|b|3，ab6.|ab| |a|2|b|22ab 42322（6） 13.(2)a(ab)|a|2ab42610.向量 a 在向量 ab 方向上的投影為a（ab）|ab|101310 1313.17已知向量 a 與 b 的夾角為，|a|2，|b| 3.(1)當 ab 時，求(ab)(a2b)的值；(2)當56時，求|2ab|(ab)(ab)的值；(3)定義 ab|a|2 3ab，若 ab7，求的取值范圍解：(1)ab，cos 1.(ab)(a2b)|a|2ab2|b|222 3cos 22 3.(2)|2ab|24|a|24ab|b|21642 3cos56331，|2ab| 31，又(ab)(ab)|a|2|b|21，|2ab|(ab)(ab) 311.(3)ab|a|2 3ab4 32 3cos 7，cos 12，又0，23，18在OAB 的邊 OA，OB 上分別有一點 P，Q，已知 OPPA12，OQQB32，連接 AQ，BP，設(shè)它們交于點 R，若OAa，OBb.(1)用 a 與 b 表示OR；(2)若|a|1，|b|2，a 與 b 夾角為 60，過 R 作 RHAB 交 AB 于點 H，用 a，b 表示OH.解：(1)OP13OA13a，OQ35b，由 A，R，Q 三點共線，可設(shè)ARmAQ.故OROAARamAQam(OQOA)am(35ba)(1m)a35mb.同理，由 B，R，P 三點共線，可設(shè)BRnBP.故OROBBRbn(OPOB)n3a(1n)b.由于 a 與 b 不共線，則有1mn3，35m1n，解得m56，n12.OR16a12b.(2)由 A，H，B 三點共線，可設(shè)BHBA，則OHa(1)b，RHOHOR(16)a(12)b.又RHAB，RHAB0.(16)a(12)b(ba)0.又ab|a|b|cos 601，12，OH12a12b.19已知 a(2sin x，1)，b(2，2)，c(sin x3，1)，d(1，k)(xR，kR)(1)若 x2，2，且 a(bc)，求 x 的值；(2)若函數(shù) f(x)ab，求 f(x)的最小值；(3)是否存在實數(shù) k 和 x，使得(ad)(bc)？若存在，求出 k 的取值范圍；若不存在，請說明理由解：(1)bc(sin x1，1)，又 a(bc)，(2sin x)sin x1，即 sin x12.又 x2，2，x6.(2)a(2sin x，1)，b(2，2)，f(x)ab2(2sin x)22sin x2.又 xR，當 sin x1 時，f(x)有最小值，且最小值為 0.(3)ad(3sin x，1k)，bc(sin x1，1)，若(ad)(bc)，則(ad)(bc)0，即(3sin x)(sin x1)(1k)0，ksin2x2sin x4(sin x1)25.由 sin x1，1，得 sin x10，2，(sin x1)20，4，故 k5，1存在 k5，1，使得(ad)(bc)20在平面直角坐標系中，A(1，1)、B(2，3)、C(s，t)、P(x，y)，ABC 是等腰直角三角形，B 為直角頂點(1)求點 C(s，t)；(2)設(shè)點 C(s，t)是第一象限的點，若APABmAC，mR，則 m 為何值時，點 P 在第二象限？解：(1)由已知得ABBC，ABBC0.AB(2，3)(1，1)(1，2)，BC(s，t)(2，3)(s2，t3)，(1，2)(s2，t3)0，即 s2t80.又|AB|BC|，即 5 （s2）2（t3）2，即 s2t24s6t80.將代入消去 s，得 t26t80.解得 t2 或 4，相應的 s4 或 0，所以點 C 為(0，4)或(4，2)(2)由題意取 C(4，2)，AP(x1，y1)，ABmAC(1，2)m(3，1)(13m，2m)APABmAC，x113m，y12m，x23m，y3m.若點 P 在第二象限，則23m0.解得23m3.當23m3 時，點 P 在第二象限