《高考理科數(shù)學(xué) 通用版三維二輪專題復(fù)習(xí)專題檢測(cè)：二十一 選擇題第12題、填空題第16題專練 Word版含解析》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考理科數(shù)學(xué) 通用版三維二輪專題復(fù)習(xí)專題檢測(cè)：二十一 選擇題第12題、填空題第16題專練 Word版含解析（9頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、 專題檢測(cè)（二十一）專題檢測(cè)（二十一） 選擇題第選擇題第 12 題、填空題第題、填空題第 16 題專練題專練 一、選擇題一、選擇題 1設(shè)設(shè) a1，a2，a3，anR，n3.若若 p：a1，a2，a3，an成等比數(shù)列；成等比數(shù)列；q：(a21a22a2n1)(a22a23a2n)(a1a2a2a3an1an)2，則，則( ) Ap 是是 q 的充分條件，但不是的充分條件，但不是 q 的必要條件的必要條件 Bp 是是 q 的必要條件，但的必要條件，但不是不是 q 的充分條件的充分條件 Cp 是是 q 的充分必要條件的充分必要條件 Dp 既不是既不是 q 的充分條件，也不是的充分條件，也不是 q 的

2、必要條件的必要條件 解析：解析：選選 A (特殊數(shù)列特殊數(shù)列)取大家最熟悉的等比數(shù)列取大家最熟悉的等比數(shù)列 an2n，代入，代入 q 命題命題(不妨取不妨取 n3)滿足，再取滿足，再取 an3n代入代入 q 命題命題(不妨取不妨取 n3)也滿足，反之取也滿足，反之取 a1a2a3an0 時(shí)，滿時(shí)，滿足足 q 命題，但不滿足命題，但不滿足 p 命題，故命題，故 p 是是 q 的充分條件，但不是的充分條件，但不是 q 的必要條件的必要條件 2(20 xx 全國(guó)卷全國(guó)卷)已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)x22xa(ex1ex1)有唯一零點(diǎn)，則有唯一零點(diǎn)，則 a( ) A12 B13 C12 D1 解析：解

3、析： 選選 C 法一：法一： 由由 f(x)x22xa(ex1ex1)， 得， 得 f(2x)(2x)22(2x)ae2x1e(2x)1x24x442xa(e1xex1)x22xa(ex1ex1)，所以，所以 f(2x)f(x)，即，即 x1 為為 f(x)圖象的對(duì)稱軸由題意，圖象的對(duì)稱軸由題意，f(x)有唯一零點(diǎn)，所以有唯一零點(diǎn)，所以 f(x)的零點(diǎn)只能為的零點(diǎn)只能為 x1，即，即 f(1)1221a(e11e11)0，解得，解得 a12. 法二：法二：由由 f(x)0a(ex1ex1)x22x. ex1ex12 ex1 ex12，當(dāng)且僅當(dāng)，當(dāng)且僅當(dāng) x1 時(shí)取時(shí)取“” x22x(x1)21

4、1，當(dāng)且僅當(dāng)，當(dāng)且僅當(dāng) x1 時(shí)取時(shí)取“” 若若 a0，則，則 a(ex1ex1)2a， 要使要使 f(x)有唯一零點(diǎn)，則必有有唯一零點(diǎn)，則必有 2a1，即，即 a12. 若若 a0，則，則 f(x)的零點(diǎn)不唯一的零點(diǎn)不唯一 綜上所述，綜上所述，a12. 3已知函數(shù)已知函數(shù) f(x)在在(1，)上單調(diào)，且函數(shù)上單調(diào)，且函數(shù) yf(x2)的圖象關(guān)于直線的圖象關(guān)于直線 x1 對(duì)稱，對(duì)稱，若數(shù)列若數(shù)列an是公差不為是公差不為 0 的等差數(shù)列，且的等差數(shù)列，且 f(a50)f(a51)，則數(shù)列，則數(shù)列an的前的前 100 項(xiàng)的和為項(xiàng)的和為( ) A200 B100 C0 D50 解析：解析： 選選 B

5、 因?yàn)楹瘮?shù)因?yàn)楹瘮?shù) yf(x2)的圖象關(guān)于直線的圖象關(guān)于直線 x1 對(duì)稱， 則函數(shù)對(duì)稱， 則函數(shù) f(x)的圖象關(guān)于直的圖象關(guān)于直線線 x1 對(duì)稱又函數(shù)對(duì)稱又函數(shù) f(x)在在(1，)上單調(diào)，數(shù)列上單調(diào)，數(shù)列an是公差不為是公差不為 0 的等差數(shù)列，且的等差數(shù)列，且f(a50)f(a51)，所以，所以 a50a512，所以，所以 S100100 a1a100 250(a50a51)100. 4(20 xx 貴州適應(yīng)性考試貴州適應(yīng)性考試)已知點(diǎn)已知點(diǎn) A 是拋物線是拋物線 x24y 的對(duì)稱軸與準(zhǔn)線的交點(diǎn)，點(diǎn)的對(duì)稱軸與準(zhǔn)線的交點(diǎn)，點(diǎn) F 為為拋物線的焦點(diǎn)，拋物線的焦點(diǎn)，P 在拋物線上且滿足在拋物線

6、上且滿足|PA|m|PF|，當(dāng)，當(dāng) m 取最大值時(shí)，取最大值時(shí)，|PA|的值為的值為( ) A1 B 5 C. 6 D2 2 解析：解析：選選 D 設(shè)設(shè) P(x，y)，由拋物線的定義知，由拋物線的定義知|PF|y1，|PA| x2 y1 2，所以，所以 mx2 y1 2y1，平方得，平方得 m2x2 y1 2 y1 2，又，又 x24y，當(dāng)，當(dāng) y0 時(shí)，時(shí)，m1，當(dāng)，當(dāng) y0 時(shí)，時(shí)，m24y y1 2 y1 24y y1 2114y1y2，由基本不等式可知，由基本不等式可知 y1y2，當(dāng)且僅當(dāng)，當(dāng)且僅當(dāng) y1 時(shí)取時(shí)取等號(hào)，此時(shí)等號(hào)，此時(shí) m 取得最大值取得最大值 2，故，故|PA| 4

7、11 22 2. 5對(duì)任意實(shí)數(shù)對(duì)任意實(shí)數(shù) a，b，c，d，定義，定義 a bc d adbc，adbc，12bcad，adbc， 已知函數(shù)已知函數(shù) f(x) x 41 x，直線，直線 l：kxy32k0，若直線，若直線 l 與函數(shù)與函數(shù) f(x)的圖象有兩個(gè)的圖象有兩個(gè)交點(diǎn)，則實(shí)數(shù)交點(diǎn)，則實(shí)數(shù) k 的取值范圍是的取值范圍是( ) A. 1，23 34，1 B. 1，1724 C. 1，1724 34，1 D(1,1) 解析：解析：選選 A 由題意知，由題意知， f(x) x 41 x x24，x2或或x2，12 4x2，2x2， 直線直線 l：yk(x2)3 過(guò)定點(diǎn)過(guò)定點(diǎn) A(2，3)，畫(huà)出函

8、數(shù)，畫(huà)出函數(shù) f(x)的圖象，的圖象，如圖所示，其中如圖所示，其中 f(x) x24(x2 或或 x2)的圖象為雙曲線的上的圖象為雙曲線的上半部分，半部分，f(x)12 4x2(2x2)的圖象為橢圓的上半部分，的圖象為橢圓的上半部分，B(2,0)，設(shè)直線，設(shè)直線 AD 與橢圓相切，與橢圓相切，D 為切點(diǎn)由圖可知，當(dāng)為切點(diǎn)由圖可知，當(dāng) kABk1或或1kkAD時(shí)，直線時(shí)，直線 l 與與 f(x)的圖象有兩個(gè)交點(diǎn)的圖象有兩個(gè)交點(diǎn)kAB302 2 34，將，將 ykAD(x2)3與與 y12 4x2(2x0 時(shí)，函數(shù)時(shí)，函數(shù) f(x)的圖的圖象恒在直線象恒在直線 ykx 的下方，則的下方，則 k 的

9、取值范圍是的取值范圍是( ) A. 13，33 B. 13， C. 33， D. 33，32 解析：解析： 選選 B 由題意， 當(dāng)由題意， 當(dāng) x0 時(shí)，時(shí)， f(x)sin x2cos xkx 恒成立 由恒成立 由 f()0.又又 f(x)12cos x 2cos x 2，由切線的幾何意義知，要使，由切線的幾何意義知，要使 f(x)kx 恒成立，必有恒成立，必有 kf(0)13.要證要證 k13時(shí)時(shí)不等式恒成立， 只需證不等式恒成立， 只需證 g(x)sin x2cos x13x0， g(x)2cos x1 2cos x 213 cos x1 23 2cos x 20，g(x)在在(0，)上

10、單調(diào)遞減，上單調(diào)遞減，g(x)0，當(dāng)當(dāng) 1a2 時(shí)，關(guān)于時(shí)，關(guān)于 x 的方程的方程 ff(x)a 實(shí)數(shù)解的個(gè)實(shí)數(shù)解的個(gè)數(shù)為數(shù)為_(kāi) 解析：解析：當(dāng)當(dāng) 1a2 時(shí)，作出時(shí)，作出 f(x)的圖象如圖所示，令的圖象如圖所示，令 uf(x)，則，則 f(u)a，由，由 f(x)的圖象可知，若的圖象可知，若 u 滿足滿足 u0，解，解得得1e2u1e1 或或 2eue2，顯然，當(dāng)，顯然，當(dāng) x0，1e2u1e0,2eue2時(shí)，時(shí)，f(x)u 也有也有 2 個(gè)解因此個(gè)解因此ff(x)a 有有 4 個(gè)實(shí)數(shù)解個(gè)實(shí)數(shù)解 答案：答案：4 2(20 xx 全國(guó)卷全國(guó)卷)在平面四邊形在平面四邊形 ABCD 中，中，AB

11、C75 ，BC2，則，則 AB 的的取值范圍是取值范圍是_ 解析：解析：(特殊特殊圖形圖形)如圖所示，延長(zhǎng)如圖所示，延長(zhǎng) BA，CD 交于交于 E，平移，平移 AD，當(dāng)當(dāng) A 與與 D 重合于重合于 E 點(diǎn)時(shí)，點(diǎn)時(shí)，AB 最長(zhǎng)，在最長(zhǎng)，在BCE 中，中，BC75 ，E30 ，BC2，由正弦定理可得，由正弦定理可得BCsinEBEsinC，即，即2sin 30BEsin 75，解得，解得 BE 6 2，平移，平移 AD，當(dāng)，當(dāng) D 與與 C 重合時(shí)，重合時(shí)，AB 最短，此時(shí)與最短，此時(shí)與 AB 交于交于 F，在在BCF 中，中，BBFC75 ，F(xiàn)CB30 ，由正弦定理知，由正弦定理知，BFsin

12、FCBBCsinBFC，即即BFsin 302sin 75，解得，解得 BF 6 2，所以，所以 AB 的取值范圍是的取值范圍是( 6 2， 6 2) 答案答案：( 6 2， 6 2) 3設(shè)設(shè) 0mBD，即，即 2xx3，x1，ABADBD，即，即 2xx3，x3，所以，所以 x(1,3) 在在ABD 中，由余弦定理得中，由余弦定理得 9(2x)2x22 2x xcos A，即，即 cos A5x294x2， SABC2SABD2122xxsin A 2x21 5x294x2232 x410 x29 ， 令令 tx2，則，則 t(1,9)，SABC32 t5 216，當(dāng)，當(dāng) t5，即，即 x

13、5時(shí)，時(shí)，SABC有最大有最大值值 6. 答案：答案：6 7 對(duì)于函數(shù) 對(duì)于函數(shù) f(x)與與 g(x)， 若存在， 若存在 xR|f(x)0， xR|g(x)0， 使得， 使得|1，則稱函數(shù)則稱函數(shù) f(x)與與 g(x)互為互為“零點(diǎn)密切函數(shù)零點(diǎn)密切函數(shù)”，現(xiàn)已知函數(shù)，現(xiàn)已知函數(shù) f(x)ex2x3 與與 g(x)x2axx4 互為互為“零點(diǎn)密切函數(shù)零點(diǎn)密切函數(shù)”，則實(shí)數(shù)，則實(shí)數(shù) a 的取值范圍是的取值范圍是_ 解析：解析：易知函數(shù)易知函數(shù) f(x)為增函數(shù)，且為增函數(shù)，且 f(2)e22230，所以函數(shù)，所以函數(shù) f(x)ex2x3 只只有一個(gè)零點(diǎn)有一個(gè)零點(diǎn) x2， 則取， 則取 2，

14、由， 由|2|1， 知， 知 13.由由 f(x)與與 g(x)互為互為“零點(diǎn)密切函數(shù)零點(diǎn)密切函數(shù)”知函數(shù)知函數(shù) g(x)x2axx4 在區(qū)間在區(qū)間1,3內(nèi)有零點(diǎn)，即方程內(nèi)有零點(diǎn)，即方程 x2axx40 在在1,3內(nèi)有解，內(nèi)有解，所以所以 ax4x1，而函數(shù)，而函數(shù) yx4x1 在在1,2上單調(diào)遞減，上單調(diào)遞減，在在2,3上單調(diào)遞增，所以當(dāng)上單調(diào)遞增，所以當(dāng) x2時(shí)，時(shí)，a 取最小值取最小值 3，且當(dāng)，且當(dāng) x1 時(shí)，時(shí)，a4，當(dāng)，當(dāng) x3 時(shí)，時(shí)，a103，所以，所以 amax4，所以實(shí)數(shù)，所以實(shí)數(shù) a 的的取值范圍是取值范圍是3,4 答案：答案：3,4 8 對(duì)于數(shù)列 對(duì)于數(shù)列an， 定義，

15、 定義an為數(shù)列為數(shù)列an的一階差分?jǐn)?shù)列， 其中的一階差分?jǐn)?shù)列， 其中 anan1an(nN*) 對(duì) 對(duì)正整數(shù)正整數(shù)k， 規(guī)定， 規(guī)定kan為數(shù)列為數(shù)列an的的k階差分?jǐn)?shù)列， 其中階差分?jǐn)?shù)列， 其中kank1an1k1an(k1an) 若 若數(shù)列數(shù)列2an的各項(xiàng)均為的各項(xiàng)均為 2，且滿足，且滿足 a11a2 0150，則，則 a1的值為的值為_(kāi) 解析：解析：因?yàn)閿?shù)列因?yàn)閿?shù)列2an的各項(xiàng)均為的各項(xiàng)均為 2，即，即 an1an2，所以，所以 ana12n2，即，即an1ana12n2， 所以所以 ana1(n1)a1(0242n4) (n1)a1(n1)(n2)(n2)， 所以所以 a11a110

16、a1109，a2 015a12 014a12 0142 013， 即即 0a110a1109，0a12 014a12 0142 013， 解得解得 a120 140. 答案：答案：20 140 9已知圓已知圓 O：x2y21 和點(diǎn)和點(diǎn) A(2,0)，若定點(diǎn)，若定點(diǎn) B(b,0)(b2) 和常數(shù)和常數(shù) 滿足：對(duì)圓滿足：對(duì)圓 O 上任意一點(diǎn)上任意一點(diǎn) M，都有，都有|MB|MA|，則，則 b_ ；_ . 解析：解析：法一：法一：(三角換元三角換元)在圓在圓 O 上任意取一點(diǎn)上任意取一點(diǎn) M(cos ，sin )，則由，則由|MB|MA|可得可得(cos b)2sin22(cos 2)2sin2，整

17、理得，整理得 1b252(2b42) cos 0，即，即 1b2520，2b420，解得解得 b12，12. 法二：法二：(特殊點(diǎn)特殊點(diǎn))既然對(duì)圓既然對(duì)圓 O 上任意一點(diǎn)上任意一點(diǎn) M，都有，都有|MB|MA|，使得，使得 與與 b 為常數(shù)，那為常數(shù)，那么取么取 M(1,0)與與 M(0,1)代入代入|MB|MA|，得，得 b1 292，b2152， 解得解得 b12，12. 答案：答案：12 12 10(20 xx 江蘇高考江蘇高考)設(shè)設(shè) f(x)是定義在是定義在 R 上且周期為上且周期為 1 的函數(shù)，在區(qū)間的函數(shù)，在區(qū)間0,1)上，上，f(x) x2，xD，x，x D，其中集合其中集合 D

18、 x xn1n，nN*，則方程，則方程 f(x)lg x0 的解的個(gè)數(shù)是的解的個(gè)數(shù)是_ 解析：解析：由于由于 f(x)0,1)，因此只需考慮，因此只需考慮 1x10 的情況，的情況， 在此范圍內(nèi)，當(dāng)在此范圍內(nèi)，當(dāng) xQ 且且 x Z 時(shí)，設(shè)時(shí)，設(shè) xqp，q，pN*，p2 且且 p，q 互質(zhì)互質(zhì) 若若 lg xQ，則由，則由 lg x(0,1)，可設(shè)，可設(shè) lg xnm，m，nN*，m2 且且 m，n 互質(zhì)，互質(zhì)， 因此因此 10nmqp，則，則 10n qpm，此時(shí)左邊為整數(shù)，右邊為非整數(shù)，矛盾，因此，此時(shí)左邊為整數(shù)，右邊為非整數(shù)，矛盾，因此 lg x Q， 故故 lg x 不可能與每個(gè)周期內(nèi)不可能與每個(gè)周期內(nèi) xD 對(duì)應(yīng)的部分相等，對(duì)應(yīng)的部分相等， 只需考慮只需考慮 lg x 與每個(gè)周期內(nèi)與每個(gè)周期內(nèi) x D 部分的交點(diǎn)部分的交點(diǎn) 畫(huà)出函數(shù)草圖畫(huà)出函數(shù)草圖(如圖如圖)，圖中交點(diǎn)除，圖中交點(diǎn)除(1,0)外其他交點(diǎn)橫坐標(biāo)均為無(wú)理數(shù)，屬于每個(gè)周期外其他交點(diǎn)橫坐標(biāo)均為無(wú)理數(shù)，屬于每個(gè)周期 x D 的部分，的部分， 且且 x1 處處(lg x)1xln 101ln 101，則在，則在 x1 附近僅有一個(gè)交點(diǎn)，因此方程附近僅有一個(gè)交點(diǎn)，因此方程 f(x)lg x0 的解的個(gè)數(shù)為的解的個(gè)數(shù)為 8. 答案：答案：8