周測1物質(zhì)的量夯基提能卷一、選擇題：本題共7小題，每小題6分，共42分。12019北京西城區(qū)模擬下列說法正確的是()A1 mol NH3中含有的質(zhì)子數(shù)約為6.021023B0.5 molL1NaCl溶液中含Cl的物質(zhì)的量為0.5 molC8 g S在足量O2中完全燃燒轉(zhuǎn)移的電H子數(shù)約為9.031023D標(biāo)準(zhǔn)狀況下，22.4 L SO2和CO2的混合氣體中所含原子數(shù)約為1.8061024答案：D解析：1個NH3分子中有10個質(zhì)子，所以1 mol NH3中含有的質(zhì)子數(shù)約為6.021024，A錯誤；0.5 molL1 NaCl溶液的體積未知，無法計算其中所含Cl的物質(zhì)的量，B錯誤；S在O2中燃燒生成SO2,8 g S的物質(zhì)的量為0.25 mol，其在足量O2中完全燃燒轉(zhuǎn)移的電子數(shù)約為6.021023，C錯誤；標(biāo)準(zhǔn)狀況下，22.4 L SO2和CO2的混合氣體的物質(zhì)的量為1 mol，其所含原子數(shù)約為1.8061024，D正確。22019云南曲靖一中月考在兩個容積相同的容器中，一個盛有C3H8氣體，另一個盛有N2O和CO2的混合氣體。在同溫同壓下，兩容器內(nèi)的氣體一定具有相同的()分子數(shù)密度質(zhì)量質(zhì)子數(shù)原子數(shù)ABC D答案：A解析：由阿伏加德羅定律可知，同溫同壓下，相同體積的氣體具有相同的物質(zhì)的量和相同的分子數(shù)。因C3H8、N2O和CO2的摩爾質(zhì)量相等，則物質(zhì)的量相同時氣體總質(zhì)量相等。又因?yàn)槿萜黧w積相同，則氣體密度相同；但分子中原子個數(shù)及質(zhì)子總數(shù)不同，故原子數(shù)和質(zhì)子數(shù)不同；故一定相同，A正確。32019安徽皖南八校聯(lián)考25時，將10 mL質(zhì)量分?jǐn)?shù)為50%(密度為1.4 gcm3)的硫酸稀釋成100 mL。下列說法正確的是()A俯視容量瓶頸的刻度線定容，所配溶液的濃度偏低B上述稀釋過程所需要的蒸餾水為90 mLC質(zhì)量分?jǐn)?shù)為50%的硫酸中溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度為7.14 molL1D上述100 mL稀硫酸中所含溶質(zhì)的質(zhì)量為14 g，該稀硫酸不屬于電解質(zhì)答案：C解析：俯視容量瓶頸的刻度線定容，會導(dǎo)致溶液的體積偏小，所配溶液的濃度偏高，A錯誤；由于未告知稀釋后溶液的密度，所以無法求出所需要的蒸餾水的體積，B錯誤；根據(jù)c molL17.14 molL1，所以質(zhì)量分?jǐn)?shù)為50%的硫酸的物質(zhì)的量濃度為7.14 molL1，C正確；由于稀釋過程中溶質(zhì)的質(zhì)量不變，所以100 mL稀硫酸中所含溶質(zhì)的質(zhì)量為7.14 molL10.01 L98 gmol17 g，D錯誤。42019四川樂山調(diào)研用NA表示阿伏加德羅常數(shù)的值，下列有關(guān)說法正確的是()A2.0 g HO與D2O的混合物中所含中子數(shù)為NAB5.6 g鐵粉在0.1 mol氯氣中充分燃燒，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為0.3NAC1 mol H2與足量O2反應(yīng)生成的H2O中含有的共價鍵總數(shù)為NAD在反應(yīng)11P460CuSO496H2O=20Cu3P24H3PO460H2SO4中，6 mol CuSO4能氧化白磷的分子數(shù)為1.1NA答案：A解析：HO與D2O的摩爾質(zhì)量均為20 gmol1，故2.0 g HO與D2O的混合物的物質(zhì)的量為0.1 mol，而每個HO與D2O分子中均含有10個中子，故0.1 mol HO與D2O的混合物中共含有1 mol中子，即所含中子數(shù)為NA，A正確；5.6 g鐵粉在0.1 mol氯氣中充分燃燒，氯氣量不足，根據(jù)氯氣的物質(zhì)的量可以計算出轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為0.2NA，B錯誤；1 mol H2與足量O2反應(yīng)生成1 mol H2O，每個H2O分子中含有2個OH鍵，則1 mol H2O中含有的共價鍵總數(shù)為2NA，C錯誤；CuSO4中Cu元素化合價由2價降低到Cu3P中的1價，則1 mol CuSO4被還原得到1 mol電子，6 mol CuSO4被還原得到6 mol電子，而1 mol P4被氧化失去20 mol電子，所以6 mol CuSO4能氧化P4的物質(zhì)的量為 mol，即0.3 mol，故6 mol CuSO4能氧化白磷的分子數(shù)為0.3NA，D錯誤。52019江西撫州臨川一中月考下列實(shí)驗(yàn)操作或儀器選擇正確的是()A配制200 mL 0.1 molL1的CuSO4溶液需要稱量硫酸銅固體3.2 gB配制1 molL1H2SO4溶液，量取濃硫酸后，將濃硫酸直接注入容量瓶中C配制1 molL1AlCl3溶液時，將氯化鋁晶體溶于適量濃鹽酸中，再加水稀釋D稱量4.0 g NaOH固體，溶解于1 L水中，即可配制0.1 molL1的NaOH溶液答案：C解析：配制200 mL 0.1 molL1的CuSO4溶液需要選用250 mL容量瓶，需要硫酸銅固體的質(zhì)量為0.25 L0.1 molL1160 gmol14.0 g，A錯誤；容量瓶不能用作稀釋的容器，濃硫酸應(yīng)該在燒杯中稀釋并冷卻后再轉(zhuǎn)移到容量瓶中，B錯誤；為了抑制AlCl3的水解，配制AlCl3溶液時，應(yīng)將氯化鋁晶體溶于適量濃鹽酸中，再加水稀釋到適當(dāng)濃度，C正確；4.0 g NaOH固體溶解于1 L水中得到的溶液體積不是1 L，所配制的NaOH溶液的物質(zhì)的量濃度不為0.1 molL1，D錯誤。62019四川資陽高中診斷考試設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列說法正確的是()A硅晶體中，有NA個Si就有2NA個SiSi鍵B常溫常壓下，等物質(zhì)的量濃度的Na2CO3與Na2S溶液中Na數(shù)目相等C1 mol苯乙烯中含有的碳碳雙鍵數(shù)為4NAD0.2 mol NH3與0.2 mol O2在催化劑、加熱條件下充分反應(yīng)，所得NO分子數(shù)為0.2NA答案：A解析：硅晶體屬于原子晶體，由硅的結(jié)構(gòu)可知，1 mol Si中能形成2 mol SiSi鍵，則有NA個Si就有2NA個SiSi鍵，A正確；由于溶液的體積未知，故無法判斷兩溶液中Na數(shù)目的大小關(guān)系，B錯誤；1個苯乙烯分子中只有一個碳碳雙鍵，所以1 mol苯乙烯中含有的碳碳雙鍵數(shù)為NA，C錯誤；反應(yīng)的化學(xué)方程式為4NH35O24NO6H2O，NH3有剩余，反應(yīng)的NH3小于0.2 mol，故所得NO分子數(shù)小于0.2NA，D錯誤。72019江西撫州臨川一中月考在t 時，將a g NH3完全溶于水，得到V mL溶液，假設(shè)該溶液的密度 gcm3(小于水的密度)，溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為w，其中含NH的物質(zhì)的量為b mol，下列敘述中一定正確的是()A溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)w100%B溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度c molL1C向上述溶液中再加入V mL水后，所得溶液中溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)大于0.5wD溶液中c(OH) molL1c(H)答案：D解析：氨水的溶質(zhì)為NH3，該溶液的密度為 gcm3，體積為V mL，所以溶液質(zhì)量為V g，溶質(zhì)NH3的質(zhì)量為a g，溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)w100%，A錯誤；a g NH3的物質(zhì)的量為 mol，溶液體積為V mL，所以溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度為 molL1，B錯誤；水的密度大于氨水，相等體積的水與氨水，水的質(zhì)量更大，等體積混合后溶液的質(zhì)量大于原氨水的2倍，混合溶液中NH3的質(zhì)量仍為a g，因此等體積混合后，所得溶液中溶質(zhì)的質(zhì)量分?jǐn)?shù)小于0.5w，C錯誤；根據(jù)電荷守恒可得等式：c(OH)c(NH)c(H)，由題給信息可求出c(NH) molL1，代入等式可得c(OH) molL1c(H)，D正確。二、非選擇題：共43分。8(14分)如圖所示，兩個連通容器用活塞分開，左右兩室(體積相同)各充入一定量NO和O2，且恰好使兩容器內(nèi)氣體密度相同。打開活塞，使NO與O2充分反應(yīng)。(不考慮NO2與N2O4的轉(zhuǎn)化)(1)開始時左右兩室分子數(shù)_(填“相同”或“不相同”)。(2)反應(yīng)前后NO室壓強(qiáng)_(填“增大”或“減小”)。(3)最終容器內(nèi)密度與原來_(填“相同”或“不相同”)。(4)最終容器內(nèi)_(填“有”或“無”)O2存在。答案：(1)不相同(2)減小(3)相同(4)有解析：(1)由左右兩室體積相同，兩容器內(nèi)氣體密度相同可知，兩容器中氣體的質(zhì)量相等，但NO和O2的摩爾質(zhì)量不相等，故其物質(zhì)的量不相等，開始時左右兩室分子數(shù)不相同。(2)由于反應(yīng)前后NO室的氣體物質(zhì)的量減小，故壓強(qiáng)減小。(3)體系的體積和氣體的質(zhì)量均未變化，密度不變。(4)由于NO與O2反應(yīng)，O2過量，故最終容器內(nèi)有O2存在。9(14分)如圖為實(shí)驗(yàn)室某濃鹽酸試劑瓶標(biāo)簽上的有關(guān)數(shù)據(jù)，試根據(jù)標(biāo)簽上的有關(guān)數(shù)據(jù)回答下列問題：鹽酸分子式：HCl相對分子質(zhì)量：36.5密度：1.19 gcm3HCl的質(zhì)量分?jǐn)?shù)：365%(1)該濃鹽酸中HCl的物質(zhì)的量濃度為_molL1。(2)取用任意體積的該鹽酸時，下列物理量中不隨所取體積的多少而變化的是_(填字母)。A溶液中HCl的物質(zhì)的量B溶液的濃度C溶液中Cl的數(shù)目D溶液的密度(3)某學(xué)生欲用上述濃鹽酸和蒸餾水配制500 mL物質(zhì)的量濃度為0.400 molL1的稀鹽酸。該學(xué)生需要量取_mL上述濃鹽酸進(jìn)行配制。在配制過程中，下列實(shí)驗(yàn)操作對所配制的稀鹽酸的物質(zhì)的量濃度有何影響？(填“偏大”“偏小”或“無影響”)。a用量筒量取濃鹽酸時俯視觀察凹液面_；b定容后經(jīng)振蕩、搖勻、靜置，發(fā)現(xiàn)液面下降，再加適量的蒸餾水_。(4)假設(shè)該同學(xué)成功配制了0.400 molL1的鹽酸，他又用該鹽酸中和含0.4 g NaOH的NaOH溶液，則該同學(xué)需取_mL鹽酸。假設(shè)該同學(xué)用新配制的鹽酸中和含0.4 g NaOH的NaOH溶液，發(fā)現(xiàn)比中所求體積偏小，則可能的原因是_。A濃鹽酸揮發(fā)，濃度不足B配制溶液時，未洗滌燒杯C配制溶液時，俯視容量瓶刻度線D加水時超過刻度線，用膠頭滴管吸出答案：(1)11.9(2)BD(3)16.8a.偏小b偏小(4)25C解析：(1)c(HCl)11.9 molL1。(2)溶液的濃度、密度與體積無關(guān)，但溶質(zhì)的質(zhì)量、物質(zhì)的量隨溶液體積的變化而變化。(3)由稀釋定律可知，需要濃鹽酸的體積為16.8 mL。(4)NaOH的物質(zhì)的量為n(NaOH)0.01 mol，則需要HCl的物質(zhì)的量為0.01 mol，鹽酸的體積V1 000 mLL125 mL。耗鹽酸比中所求體積偏小，說明所配鹽酸濃度偏大，A、B、D會使所配濃度偏小，錯誤，C會使所配鹽酸濃度偏大，正確。10(15分)2019福建德化一中等三校聯(lián)考某研究性學(xué)習(xí)小組欲測定室溫下(25 ，101 kPa)的氣體摩爾體積，設(shè)計如圖所示的簡易實(shí)驗(yàn)裝置。請回答以下問題：該實(shí)驗(yàn)的主要操作步驟如下：步驟一：(1)配制100 mL 1.0 molL1的鹽酸，需要20%、密度為1.1 gcm3的鹽酸的體積為_。配制過程中所需要的玻璃儀器有_。下列操作會導(dǎo)致所配溶液物質(zhì)的量濃度偏大的是_(填標(biāo)號，下同)。A轉(zhuǎn)移溶液后未洗滌燒杯和玻璃棒就直接定容B在容量瓶中進(jìn)行定容時，仰視刻度線C在容量瓶中進(jìn)行定容時，俯視刻度線D定容后把容量瓶倒置搖勻，發(fā)現(xiàn)液面低于刻度線，又補(bǔ)足了所缺的水步驟二：用量筒量取10.0 mL 1.0 molL1的鹽酸加入錐形瓶中。步驟三：(2)稱取a g已除去表面氧化膜的鎂條，并系于銅絲末端，為使HCl全部參加反應(yīng)，a的數(shù)值至少為_。步驟四：向廣口瓶中裝入足量水，按上圖連接好裝置，檢查裝置的氣密性。步驟五：(3)反應(yīng)結(jié)束后，待體系溫度恢復(fù)至室溫，讀取量筒中水的體積為V mL。實(shí)驗(yàn)步驟五中應(yīng)選用_規(guī)格的量筒。A100 mLB200 mLC500 mL讀數(shù)時除恢復(fù)到室溫、視線與液體凹液面的最低處相平外，還要注意_。若忽略水蒸氣的影響，在實(shí)驗(yàn)條件下測得氣體摩爾體積的計算公式為Vm_；若未除去鎂條表面的氧化膜，則測量結(jié)果_(填“偏大”“偏小”或“無影響”)。答案：(1)16.6 mL量筒、燒杯、100 mL容量瓶、膠頭滴管、玻璃棒C(2)0.12(3)B量筒內(nèi)的液面與廣口瓶內(nèi)的液面相平0.2V Lmol1偏小解析：由題意可知，該實(shí)驗(yàn)原理是用一定量的鹽酸與足量鎂反應(yīng)生成氫氣，通過排水法收集H2，則排出的水的體積等于生成的氫氣的體積，最后根據(jù)鹽酸的物質(zhì)的量確定生成的氫氣的物質(zhì)的量，求出一定條件下的氣體摩爾體積。(1)質(zhì)量分?jǐn)?shù)為20%，密度為1.1 gcm3的鹽酸的物質(zhì)的量濃度為c molL1，根據(jù)稀釋定律：c1V1c2V2，可以求出配制100 mL 1.0 molL1的鹽酸，需要20%、密度為1.1 gcm3的鹽酸的體積為 mL16.6 mL。配制過程中所需要的玻璃儀器有量筒、燒杯、100 mL容量瓶、膠頭滴管、玻璃棒。轉(zhuǎn)移溶液后未洗滌燒杯和玻璃棒就直接定容，會導(dǎo)致溶質(zhì)減少，濃度偏小，A不符合題意；在容量瓶中進(jìn)行定容時，仰視刻度線，會導(dǎo)致液面高于刻度線，溶液體積偏大，濃度偏小，B不符合題意；在容量瓶中進(jìn)行定容時，俯視刻度線，會導(dǎo)致液面低于刻度線，濃度偏大，C符合題意；定容后把容量瓶倒置搖勻，發(fā)現(xiàn)液面低于刻度線，又補(bǔ)足了所缺的水，會導(dǎo)致溶液體積偏大，濃度偏小，D不符合題意。(2)用量筒量取10.0 mL 1.0 molL1的鹽酸加入錐形瓶中，可以計算出n(H)0.01 mol，可以溶解鎂的物質(zhì)的量n(Mg)n(H)0.005 mol，質(zhì)量m(Mg)0.005 mol24 gmol10.12 g，所以a的數(shù)值至少為0.12。(3)量筒中的水是由氫氣排出的，所以水的體積等于氫氣的體積，由(2)中分析可知n(H2)n(Mg)0.005 mol，則標(biāo)準(zhǔn)狀況下V(H2)0.00522.4 L0.112 L112 mL，估算H2在25、101 kPa下體積不會超過200 mL(一定壓強(qiáng)下，氣體體積與熱力學(xué)溫度成正比)，故應(yīng)選200 mL的量筒。讀數(shù)時除恢復(fù)到室溫、視線與液體凹液面的最低處相平外，為保證反應(yīng)裝置系統(tǒng)內(nèi)外的壓強(qiáng)相等，還要注意量筒內(nèi)的液面與廣口瓶內(nèi)的液面相平，使測得的氣體體積更準(zhǔn)確。若忽略水蒸氣的影響，在該實(shí)驗(yàn)條件下，氣體摩爾體積的計算公式為Vm0.2V Lmol1；若未除去鎂條表面的氧化膜，則生成的氫氣體積減少，使測量結(jié)果偏小。探究創(chuàng)新卷一、選擇題：本題共7小題，每小題6分，共42分。12019湖北黃石三中階段檢測下列說法正確的是()A含有相同氧原子數(shù)的SO2和CO的質(zhì)量之比為7:8B等物質(zhì)的量濃度的鹽酸與醋酸中c(H)相等C等物質(zhì)的量的甲基(CH3)與羥基(OH)中所含的電子數(shù)相等D等溫等壓下，SO2氣體與CO2氣體的密度之比等于11:16答案：C解析：含有相同氧原子數(shù)的SO2和CO，其物質(zhì)的量之比為1:2，則質(zhì)量之比為(164) : (228)8:7，A錯誤；醋酸是弱酸，不能完全電離，等物質(zhì)的量濃度的鹽酸與醋酸中c(H)不可能相等，B錯誤；1個甲基(CH3)中含有9個電子，1個羥基(OH)中含有9個電子，所以等物質(zhì)的量的甲基與羥基中所含的電子數(shù)相等，C正確；等溫等壓下，氣體的Vm相同，由可知，SO2氣體與CO2氣體的密度之比為64:4416:11，D錯誤。22019洛陽模擬下列溶液中Cl的物質(zhì)的量濃度最大的是()A200 mL 2.5 molL1 MgCl2溶液B1 000 mL 2.5 molL1 NaCl溶液C250 mL 1 molL1 AlCl3溶液D300 mL 5 molL1 KClO3溶液答案：A解析：溶液中c(Cl)溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度化學(xué)式中氯離子個數(shù)，與溶液的體積無關(guān)。200 mL 2.5 molL1 MgCl2溶液中c(Cl)2c(MgCl2)2.5 molL125 molL1；1 000 mL 2.5 molL1 NaCl溶液中c(Cl)c(NaCl)2.5 molL1；250 mL 1 molL1 AlCl3溶液中c(Cl)3c(AlCl3)1 molL133 molL1；氯酸鉀中不含氯離子，所以氯離子的物質(zhì)的量濃度是0。3如圖中的兩條線分別代表1 g C3H6和1 g M氣體在相同容器中的壓強(qiáng)和溫度的關(guān)系，試根據(jù)圖像判斷M氣體可能是()AC2H4BC3H8CH2SDN2O4答案：A解析：由pVnRT可知，在相同容器中，若溫度相同時，p與n成正比，由圖可知，M的壓強(qiáng)大，設(shè)M的相對分子質(zhì)量為x，則，解得x28。C2H4的相對分子質(zhì)量為28，C3H8的相對分子質(zhì)量為44，H2S的相對分子質(zhì)量為34，N2O4的相對分子質(zhì)量為92，故選A。42019夷陵模擬下列說法正確的是()A現(xiàn)需480 mL 0.1 molL1硫酸銅溶液，則需要稱量7.68 g硫酸銅固體B配制1 molL1 NaOH溶液100 mL，需用托盤天平在濾紙上稱量4 g NaOH固體C制備Fe(OH)3膠體，可向沸水中滴加飽和FeCl3溶液35滴并繼續(xù)煮沸至紅褐色D使用量筒量取一定體積的濃硫酸配制一定物質(zhì)的量濃度的稀硫酸，將濃硫酸轉(zhuǎn)移至燒杯后須用蒸餾水洗滌量筒，并將洗滌液一并轉(zhuǎn)移至燒杯答案：C解析：沒有480 mL規(guī)格的容量瓶，故應(yīng)選擇500 mL的容量瓶來配制，則需要硫酸銅的質(zhì)量為0.5 L0.1 molL1160 gmol18.0 g，A錯誤；NaOH固體不能直接放在濾紙上稱量，稱量的質(zhì)量應(yīng)記錄為4.0 g，B錯誤；量筒是量出式儀器，量筒在制作時就已經(jīng)扣除了沾在量筒壁上的液體體積，量取的液體倒出的量就是所讀的量，不能洗滌，如果洗滌并將洗滌液一并轉(zhuǎn)移至燒杯，實(shí)際量取濃硫酸的體積偏大，所配溶液的濃度偏高，D錯誤。52019浙江名校協(xié)作體模擬用NA表示阿伏加德羅常數(shù)，下列說法正確的是()A5.6 g Fe完全溶于一定量的溴水中，反應(yīng)過程中轉(zhuǎn)移的電子總數(shù)一定為0.3NAB1 mol Na與足量O2反應(yīng)，生成Na2O和Na2O2的混合物，鈉失去2NA個電子C0.5 mol雄黃(As4S4 ，結(jié)構(gòu)如圖)中含有NA個SS鍵D鎂條在氮?dú)庵型耆紵?0 g氮化鎂時，有1.5NA對共用電子對被破壞答案：D解析：鐵完全溶于一定量的溴水，反應(yīng)后鐵元素的最終價態(tài)可能是3價，還可能是2價，故0.1 mol鐵完全反應(yīng)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)介于0.2NA和0.3NA之間，A錯誤；Na與足量O2反應(yīng)，無論是生成Na2O還是Na2O2，都是由NaNa，Na失去1個電子，則1 mol Na參加反應(yīng)，失去NA個電子，B錯誤；由題中所給的結(jié)構(gòu)圖可以看出，每個黑球與兩個白球、一個黑球連接，即形成三個共價鍵，每個白球與兩個黑球連接，即形成兩個共價鍵，由As、S原子結(jié)構(gòu)可以判斷出黑球代表的是As原子，白球代表的是S原子，則As4S4分子中不存在SS鍵，C錯誤；生成氮化鎂的物質(zhì)的量為0.5 mol，由鎂與氮?dú)夥磻?yīng)的化學(xué)方程式3MgN2Mg3N2可知，生成0.5 mol氮化鎂，消耗的氮?dú)獾奈镔|(zhì)的量為0.5 mol,1個氮?dú)夥肿又泻?個共價鍵，則0.5 mol氮?dú)鈪⒓臃磻?yīng)時，有1.5NA對共用電子對被破壞，D正確。62019陜西西安一中模擬把200 mL NH4HCO3和Na2CO3的混合溶液分成兩等份，取一份加入含a mol NaOH的溶液，恰好反應(yīng)完全；取另一份加入含b mol HCl的鹽酸，也恰好反應(yīng)完全。該混合溶液中c(Na)為()A(10b5a) molL1B(2ba) molL1C molL1 D molL1答案：A解析：200 mL的混合溶液分成兩等份，每份溶液的體積為100 mL，其中一份溶液中的NH4HCO3和a mol NaOH恰好完全反應(yīng)，則溶液中NH4HCO3的物質(zhì)的量為0.5a mol，取另一份溶液加入含b mol HCl的鹽酸，也恰好反應(yīng)完全，其中NH4HCO3反應(yīng)掉的HCl的物質(zhì)的量為0.5a mol，則由Na2CO3反應(yīng)掉的HCl的物質(zhì)的量為(b0.5a) mol，可得Na2CO3的物質(zhì)的量為(b0.5a) mol，則200 mL溶液中Na2CO3的物質(zhì)的量為(b0.5a) mol，則c(Na)(10b5a) molL1。72019江蘇寶應(yīng)中學(xué)月考工業(yè)生產(chǎn)中用過量的燒堿溶液處理某礦物(含Al2O3、MgO)，過濾后的濾液用NaHCO3溶液處理，測得溶液的pH和生成Al(OH)3的量隨加入的NaHCO3溶液的體積變化的曲線如下：下列有關(guān)說法不正確的是()Aa點(diǎn)溶液中存在的離子有Na、AlO、OH、HBb點(diǎn)與c點(diǎn)溶液中所含微粒種類相同CNaHCO3溶液的物質(zhì)的量濃度為0.8 molL1D生成沉淀的離子方程式：HCOAlOH2O=Al(OH)3CO答案：C解析：Al2O3與MgO的混合物經(jīng)過量燒堿溶液處理，過濾后所得濾液中溶質(zhì)是生成的NaAlO2和過量的NaOH，則a點(diǎn)溶液中存在Na、AlO、OH、H，A正確；由b點(diǎn)到c點(diǎn)是偏鋁酸根離子與碳酸氫根離子發(fā)生反應(yīng)生成沉淀，其離子方程式為HCOAlOH2O=Al(OH)3CO，b、c兩點(diǎn)溶液中均只有部分AlO反應(yīng)，則溶液中所含微粒種類相同，B、D正確；由于過濾后的濾液中存在OH、AlO，加入NaHCO3溶液后，HCO先與OH發(fā)生反應(yīng)，再與AlO發(fā)生反應(yīng)，由圖可知，生成的nAl(OH)332103 mol，則AlO消耗的n(NaHCO3)32103 mol，根據(jù)圖像可知，AlO消耗的NaHCO3溶液的體積V(NaHCO3)(408) mL32 mL，則c(NaHCO3)1 molL1，C錯誤。二、非選擇題：共43分。8(14分)將含有2.05 g某高價含氧酸的鈣鹽的溶液A與含1.20 g碳酸鹽的溶液B混合，恰好完全反應(yīng)，生成1.25 g白色沉淀C。將濾去沉淀C的濾液蒸發(fā)，得到白色固體D，繼續(xù)加熱D時，D分解只得兩種氣態(tài)物質(zhì)的混合物，在0、1105 Pa下，體積變?yōu)?.56 L，并得到0.90 g液態(tài)H2O，另一種氣態(tài)物質(zhì)為氣態(tài)氧化物R2O。試回答下列問題：(1)白色沉淀C的物質(zhì)的量為_mol。(2)A的摩爾質(zhì)量為_，B的摩爾質(zhì)量為_。(3)R2O與H2O的物質(zhì)的量之比為_，生成D的質(zhì)量為_，D的摩爾質(zhì)量為_，R2O的相對分子質(zhì)量為_，R2O的化學(xué)式是_。(4)寫出A和B反應(yīng)的化學(xué)方程式：_。答案：(1)0.012 5(2)164 gmol196 gmol1(3)1:22 g80 gmol144N2O(4)Ca(NO3)2(NH4)2CO3=CaCO32NH4NO3解析：由AB=CD知，C為CaCO3，D是一種含三種元素的含氧酸鹽，該鹽只能是NH4NO3，分解生成的R2O為N2O。A為Ca(NO3)2，B為(NH4)2CO3。(1)C的物質(zhì)的量為0.012 5 mol。(2)A、B的摩爾質(zhì)量分別為164 gmol1和96 gmol1。(3)N2O的物質(zhì)的量為0.025 mol，N2O與H2O的物質(zhì)的量之比為1:2。9(14分)2019河南南陽一中測試.如圖所示，一密閉容器被無摩擦、可滑動的兩隔板a、b分成甲、乙兩室。標(biāo)準(zhǔn)狀況下，在乙室中充入0.4 mol NH3，甲室中充入HCl、N2的混合氣體，靜止時隔板位置如圖所示。已知甲、乙兩室中氣體的質(zhì)量之差為17.3 g。(1)甲室中HCl、N2的質(zhì)量之比為_。(2)將隔板a去掉，一段時間后，隔板b將穩(wěn)定位于刻度“_”處(填數(shù)字，不考慮固體物質(zhì)產(chǎn)生的壓強(qiáng))，此時體系的平均相對分子質(zhì)量為_。.已知硫酸、氨水的密度與所加水的量的關(guān)系如圖所示?，F(xiàn)有硫酸與氨水各一份，請根據(jù)表中信息，回答下列問題：溶質(zhì)的物質(zhì)的量濃度/(molL1)溶液的密度/(gcm3)硫酸c11氨水c22(1)表中硫酸的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為_(不寫單位，用含c1、1的代數(shù)式表示)。(2)物質(zhì)的量濃度為c1 molL1的硫酸與水等體積混合(混合后溶液的體積變化忽略不計)，所得溶液的物質(zhì)的量濃度為_molL1。(3)將物質(zhì)的量濃度分別為c2 molL1和0.2c2 molL1的氨水等質(zhì)量混合，所得溶液的物質(zhì)的量濃度_(填“大于”“小于”或“等于”)0.6c2 molL1(混合后溶液的體積變化忽略不計)。答案：.(1)73:168(2)425.25.(1)%(2)(3)大于解析：.(1)由圖可知，甲、乙兩室氣體的體積比為2:1，故其物質(zhì)的量之比為2:1，所以甲室中氣體的總物質(zhì)的量為0.8 mol。乙室中NH3的質(zhì)量為0.4 mol17 gmol16.8 g，則甲室中氣體的質(zhì)量為6.8 g17.3 g24.1 g。設(shè)甲室中HCl的物質(zhì)的量是x mol，則36.5x28(0.8x)24.1，解得x0.2；所以甲室中氯化氫的質(zhì)量為0.236.5 g7.3 g，氮?dú)獾馁|(zhì)量是24.1 g7.3 g16.8 g，HCl、N2的質(zhì)量之比為73:168。(2)將隔板a去掉，氨氣和氯化氫反應(yīng)生成氯化銨固體，反應(yīng)后剩余0.6 mol N2和0.2 mol NH3，所以隔板b將穩(wěn)定位于刻度“4”處；此時體系的平均相對分子質(zhì)量為25.25。.(1)根據(jù)c，表中硫酸的質(zhì)量分?jǐn)?shù)為%。(2)根據(jù)稀釋過程中溶質(zhì)的質(zhì)量不變，物質(zhì)的量濃度為c1 molL1的硫酸與水等體積混合(混合后溶液的體積變化忽略不計)，所得溶液的物質(zhì)的量濃度為c molL1。(3)根據(jù)題意，將物質(zhì)的量濃度分別為c2 molL1和0.2c2 molL1的氨水等體積混合，所得溶液的物質(zhì)的量濃度為0.6c2 molL1，氨水的濃度越大，其密度就越小，所以將物質(zhì)的量濃度分別為c2 molL1和0.2c2 molL1的氨水等質(zhì)量混合，所需c2 molL1的氨水體積較大，所以混合后，所得溶液的物質(zhì)的量濃度大于0.6c2 molL1。10(15分)地震災(zāi)區(qū)的用水需要?dú)⒕緞┨幚砗蟛拍艽_保飲水安全。救災(zāi)物資中的一瓶“84消毒液”的包裝說明上有如下信息：含25%NaClO(次氯酸鈉)、1 000 mL、密度1.19 g/cm3，稀釋100倍(體積比)后使用。請回答下列問題：(1)上述“84消毒液”的物質(zhì)的量濃度為_mol/L。(2)該同學(xué)取100 mL上述“84消毒液”，稀釋后用于消毒，稀釋100倍后的溶液中c(Na)_mol/L(假設(shè)稀釋后溶液密度為1.0 g/cm3)，該消毒液長時間放置在空氣中能吸收標(biāo)準(zhǔn)狀況下CO2的體積為_L。(3)災(zāi)區(qū)志愿者根據(jù)上述“84消毒液”的包裝說明，欲用NaClO固體(NaClO易吸收空氣中的H2O、CO2)配制480 mL含25%NaClO的消毒液。下列說法正確的是_。A如圖所示的儀器中，有四種是不需要的，還需一種玻璃儀器B容量瓶用蒸餾水洗凈后，要烘干才能用于溶液的配制C利用購買的商品NaClO來配制可能會導(dǎo)致結(jié)果偏低D需要NaClO固體的質(zhì)量為143 g(4)ClO2對污水中Fe2、Mn2、S2和CN等有明顯的去除效果。某工廠污水中含CNb mg/L，現(xiàn)用ClO2將CN氧化，只生成兩種無毒氣體，其離子反應(yīng)方程式為_，處理100 m3這種污水，至少需要ClO2_mol。答案：(1)4.0(2)0.048.96(3)C(4)2ClO22CN=N22CO22Cl解析：(1)c(NaClO) mol/L4.0 mol/L。(2)根據(jù)稀釋前后溶質(zhì)的物質(zhì)的量不變得：100 mL4.0 mol/L10 000 mLc(NaClO)，解得稀釋后c(NaClO)0.04 mol/L，c(Na)c(NaClO)0.04 mol/L。根據(jù)NaClOCO2H2O=NaHCO3HClO，可知n(CO2)n(NaClO)0.4 mol，標(biāo)準(zhǔn)狀況下CO2的體積為8.96 L。(3)選項(xiàng)A，需用托盤天平稱量NaClO固體，需用燒杯來溶解NaClO，需用玻璃棒進(jìn)行攪拌和引流，需用容量瓶和膠頭滴管來定容，圖示的A、B、C、D四種儀器不需要，但還需玻璃棒和膠頭滴管等。選項(xiàng)B，配制過程中需要加入蒸餾水，所以洗滌干凈的容量瓶不必烘干即可使用。選項(xiàng)C，根據(jù)題目信息，由于NaClO易吸收空氣中的H2O、CO2而變質(zhì)，所以商品NaClO可能部分變質(zhì)，導(dǎo)致所稱量的固體中NaClO的實(shí)際質(zhì)量可能偏小，從而可能使結(jié)果偏低。選項(xiàng)D，應(yīng)選取500 mL容量瓶進(jìn)行配制，然后取出480 mL即可，所以需要NaClO固體的質(zhì)量為0.5 L4.0 mol/L74.5 g/mol149.0 g。(4)ClO2將CN氧化為N2和CO2，同時生成Cl：2ClO22CN=N22CO22Cl。100 m3這種污水中含有CN的質(zhì)量為100b g，其物質(zhì)的量為mol，根據(jù)反應(yīng)方程式可知至少需要消耗ClO2mol。