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專(zhuān)題09 動(dòng)量守恒定律應(yīng)用模型 模型界定 本模型主要處理關(guān)于動(dòng)量守恒定律的理解與應(yīng)用方法以及與能量守恒相結(jié)合的一般情況，不涉及具體的碰撞、子彈打木塊及人船模型等。 模型破解 1.動(dòng)量守恒定律內(nèi)容 一個(gè)系統(tǒng)不受外力或所受外力之和為零，這個(gè)系統(tǒng)的總動(dòng)量保持不變，這個(gè)結(jié)論叫做動(dòng)量守恒定律。 2.動(dòng)量守恒定律表達(dá)式 （1）守恒角度：作用過(guò)程中系統(tǒng)在任一時(shí)刻動(dòng)量均相等 p=p′或（等式兩邊均為矢量和） （2）變化的角度：作用前后系統(tǒng)的總動(dòng)量變化為零 Δp=0 （3）轉(zhuǎn)移角度：系統(tǒng)內(nèi)A物體動(dòng)量的增量等于B物體動(dòng)量的減少量即兩個(gè)物體的動(dòng)量變化大小相等，方向相反 Δp1=－Δp2或（等式兩邊均為矢量差） 此處要注意動(dòng)量變化的矢量性.在兩物體相互作用的過(guò)程中，也可能兩物體的動(dòng)量都增大，也可能都減小，但其矢量和不變。 3.動(dòng)量守恒定律的理解 （1）條件性 動(dòng)量守恒定律是自然界最普遍、最基本的規(guī)律之一。不僅適用于宏觀物體的低速運(yùn)動(dòng)，也適用與微觀物體的高速運(yùn)動(dòng)。小到微觀粒子，大到宇宙天體，無(wú)論內(nèi)力是什么性質(zhì)的力，只要滿(mǎn)足守恒條件，動(dòng)量守恒定律總是適用的。應(yīng)用動(dòng)量守恒定律解題時(shí)可從三種情況進(jìn)行判定： （i).系統(tǒng)不受外力或者所受合外力為零； (ii).系統(tǒng)所受合外力雖然不為零，但系統(tǒng)的內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力時(shí)，如碰撞、爆炸等現(xiàn)象中，系統(tǒng)的動(dòng)量可看成近似守恒； (iii).系統(tǒng)總的來(lái)看不符合以上條件的任意一條，則系統(tǒng)的總動(dòng)量不守恒。但是若系統(tǒng)在某一方向上符合以上條件的任意一條，則系統(tǒng)在該方向上動(dòng)量守恒。 例1. 如圖所示,質(zhì)量分別為m和2m的A、B兩個(gè)木塊間用輕彈簧相連,放在光滑水平面上,A靠緊豎直墻.用水平力F將B向左壓,使彈簧被壓縮一定長(zhǎng)度,靜止后彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能為E.這時(shí)突然撤去F,關(guān)于A、B和彈簧組成的系統(tǒng),下列說(shuō)法正確的是 （ ） A.撤去F后,系統(tǒng)動(dòng)量守恒,機(jī)械能守恒 B. 撤去F后,A離開(kāi)豎直墻前,系統(tǒng)動(dòng)量不守恒,機(jī)械能守恒 C. 撤去F后,A離開(kāi)豎直墻后,彈簧的彈性勢(shì)能最大值為E D. 撤去F后,A離開(kāi)豎直墻后,彈簧的彈性勢(shì)能最大值為 【答案】BD 例2.如圖所示，小球A系在細(xì)線(xiàn)的一端，線(xiàn)的另一端固定在O點(diǎn)，O點(diǎn)到水平面的距離為h。物塊B質(zhì)量是小球的5倍，置于粗糙的水平面上且位于O點(diǎn)的正下方，物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ?，F(xiàn)拉動(dòng)小球使線(xiàn)水平伸直，小球由靜止開(kāi)始釋放，運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)與物塊發(fā)生正碰（碰撞時(shí)間極短），反彈后上升至最高點(diǎn)時(shí)到水平面的距離為。小球與物塊均視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，求物塊在水平面上滑行的時(shí)間t。 【答案】 設(shè)碰撞后物塊的速度大小為，取水平向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量守恒定律，有 ③ 得 ④ 物塊在水平面上滑行所受摩擦力的大小 ⑤ 設(shè)物塊在水平面上滑行的時(shí)間為，根據(jù)動(dòng)量定理，有 ⑥ 得 ⑦ 例3.如圖所示，彈簧的一端固定在豎直墻上，質(zhì)量為m的光滑弧形槽靜止在光滑水平面上，底部與水平面平滑連接，一個(gè)質(zhì)量也為m的小球從槽高h(yuǎn)處開(kāi)始自由下滑 A.在以后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，小球和槽的動(dòng)量始終守恒 B.在下滑過(guò)程中小球和槽之間的相互作用力始終不做功 C.被彈簧反彈后，小球和槽都做速率不變的直線(xiàn)運(yùn)動(dòng) D.被彈簧反彈后，小球和槽的機(jī)械能守恒，小球能回到槽高h(yuǎn)處 【答案】C （2）矢量性 動(dòng)量是矢量。動(dòng)量守恒定律的方程是一個(gè)矢量方程。在一維情況下，通常規(guī)定正方向后，能確定方向的物理量一律將方向表示為“+”或“-”，物理量中只代入大?。翰荒艽_定方向的物理量可以用字母表示，若計(jì)算結(jié)果為“+”，則說(shuō)明其方向與規(guī)定的正方向相同，若計(jì)算結(jié)果為“-”，則說(shuō)明其方向與規(guī)定的正方向相反。 例4.如圖所示，質(zhì)量為mB=2kg的木塊B靜止在光滑水平面上。一質(zhì)量為mA= 1kg的木塊A以某一初速度v0=5m/s沿水平方向向右運(yùn)動(dòng)，與B碰撞后都向右運(yùn)動(dòng)。木塊B 與擋板碰撞后立即反彈（設(shè)木塊B與擋板碰撞過(guò)程無(wú)機(jī)械能損失）。后來(lái)木塊B與A發(fā)生二次碰撞，碰后A、B同向運(yùn)動(dòng)，速度大小分別為1.2m/s 、0.9m/s。求第一次木塊A、B碰撞過(guò)程中A對(duì)B的沖量大小和方向。 【答案】0.4Ns，向右 【解析】設(shè)A、B第一次碰撞后的速度大小分別為 vA1、vB1，取向右為正方向，對(duì)于A、B組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律得： ① B與擋板碰撞，因?yàn)闆](méi)有機(jī)械能損失，所以B以原速率反彈，則第二次A、B碰撞前瞬間的速度大小仍然分別為vA1、vB1，設(shè)碰撞后的速度大小分別為vA2、vB2， 由題意知，vA2和vB2方向均向左，取向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得： ② 第一次碰撞過(guò)程中，設(shè)向右為正，對(duì)B，由動(dòng)量定理可得 ③ 方向向右 ④ （3）相對(duì)性 物體的動(dòng)量與參考系的選擇有關(guān)。通常，取地面為參考系，因此，作用前后的速度都必須相對(duì)于地面。 （4）瞬時(shí)性 動(dòng)量是一個(gè)瞬時(shí)量，動(dòng)量守恒定律指的是系統(tǒng)任一瞬間的動(dòng)量和恒定。因此，列出的動(dòng)量守恒定律表達(dá)式m1v1+m2v2+…=m1v1ˊ+m2v2ˊ+…，其中v1，v2…都是作用前同一時(shí)刻的瞬時(shí)速度，v1ˊ，v2ˊ都是作用后同一時(shí)刻的瞬時(shí)速度。只要系統(tǒng)滿(mǎn)足動(dòng)量守恒定律的條件，在相互作用過(guò)程的任何一個(gè)瞬間，系統(tǒng)的總動(dòng)量都守恒。在具體問(wèn)題中，可根據(jù)任何兩個(gè)瞬間系統(tǒng)內(nèi)各物體的動(dòng)量，列出動(dòng)量守恒表達(dá)式。 例5.質(zhì)量M的小船尾部有一質(zhì)量m的人,人和船以v向前行駛.人以相對(duì)于船的水平速度u向后跳出后,船速為多大? 【答案】 （5）普適性 它不僅適用于兩個(gè)物體組成的系統(tǒng)，也適用于多個(gè)物體組成的系統(tǒng)；不僅適用于宏觀物體組成的系統(tǒng)，也適用于微觀粒子組成的系統(tǒng)。 例6.如圖所示，木塊A的質(zhì)量mA = 1 kg，足夠長(zhǎng)的木板B的質(zhì)量mB = 4 kg，質(zhì)量為mC = 4 kg的木塊C置于木板B的右端，已知水平地面光滑，B、C之間有摩擦．現(xiàn)使A以v0 = 12 m/s的初速度向右運(yùn)動(dòng)，與B碰撞后以4 m/s速率彈回，求此后的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中 ①木板B的最大速率； ②木塊C的最大速率． 【答案】?4m/s②2m/s 4.動(dòng)量守恒定律的一般解題步驟 ①確定研究對(duì)象(系統(tǒng)),進(jìn)行受力分析: ②確定研究過(guò)程,進(jìn)行運(yùn)動(dòng)分析; ③判斷系統(tǒng)在所研究的過(guò)程中是否滿(mǎn)足動(dòng)量守恒定律成立的條件; ④規(guī)定某個(gè)方向?yàn)檎较?分析初末狀態(tài)系統(tǒng)的動(dòng)量; ⑤根據(jù)動(dòng)量守恒定律建立方程,并求出結(jié)果。 5.動(dòng)量守恒與能量守恒的結(jié)合 在動(dòng)量與能量結(jié)合的問(wèn)題中，常見(jiàn)的情形有：一是利用在某一過(guò)程中動(dòng)量或某一方向的動(dòng)量守恒，同時(shí)利用此過(guò)程中系統(tǒng)的能量守恒列方程求解；二是多階段過(guò)程中，整個(gè)過(guò)程中動(dòng)量并不守恒，只在某個(gè)階段中或某個(gè)瞬時(shí)動(dòng)量守恒，可利用動(dòng)量守恒列方程，而在其它階段利用能量守恒列方程，再聯(lián)立求解。 例7.如圖所示，物體A、B的質(zhì)量分別是、，用輕彈簧相連接放在光滑的水平面上，物體B左側(cè)與豎直墻相接觸．另有一個(gè)物體C以速度向左運(yùn)動(dòng)，與物體A相碰，碰后立即與A粘在一起不再分開(kāi)，然后以的共同速度壓縮彈簧，試求 ①物塊C的質(zhì)量 ②在B離開(kāi)墻壁之后，彈簧的最大彈性勢(shì)能 【答案】①2kg ②6J 例8.兩質(zhì)量分別為M1和M2的劈A和B，高度相同，放在光滑水平面上，A和B的傾斜面都是光滑曲面，曲面下端與水平面相切，如圖所示，一質(zhì)量為m的物塊位于劈A的傾斜面上，距水平面的高度為h。物塊從靜止滑下，然后雙滑上劈B。求物塊在B上能夠達(dá)到的最大高度。 【答案】 【解析】設(shè)物塊到達(dá)劈A的低端時(shí)，物塊和A的的速度大小分別為和V，由機(jī)械能守恒和動(dòng)量守恒得 ① ② 設(shè)物塊在劈B上達(dá)到的最大高度為，此時(shí)物塊和B的共同速度大小為，由機(jī)械能守恒和動(dòng)量守恒得 ③ ④ 聯(lián)立①②③④式得 ⑤ 例9.如圖所示，相距L的光滑金屬導(dǎo)軌，半徑為R的圓弧部分豎直放置，直的部分固定于水平地面，MNQP范圍內(nèi)有方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。金屬棒ab和cd垂直導(dǎo)軌且接觸良好，cd靜止在磁場(chǎng)中；ab從圓弧的頂端由靜止釋放，進(jìn)入磁場(chǎng)后與cd沒(méi)有接觸。已知ab的質(zhì)量為m、電阻為r，cd的質(zhì)量為3m、電阻為r，金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g。 ⑴求：ab到達(dá)圓弧底端時(shí)對(duì)軌道的壓力大??； ⑵在圖中標(biāo)出ab剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)cd中的電流方向； ⑶若cd離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度是此刻ab速度的一半，求：cd離開(kāi)磁場(chǎng)瞬間，ab受到的安培力大小。 【答案】（1）3mg（2）電流的方向?yàn)閍bdca(3) ⑶設(shè)cd剛離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)的速度為v，則ab此時(shí)的速度為2v，以為ab、cd為系統(tǒng)，所受合外力為零，動(dòng)量守恒，則有：mv0=m2v+3mv ⑥ 聯(lián)①⑥得： ⑦ 此時(shí)ab產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=2BLv ⑧，cd已出磁場(chǎng)，不產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì) 回路中的感應(yīng)電流為： ⑨ ab受到的安培力為：F=ILB ⑩ 聯(lián)⑦⑧⑨⑩?得： ? 模型練習(xí) 1．如圖所示，兩輛質(zhì)量相同的平板小車(chē)a、b成一直線(xiàn)排列，靜止在光滑水平地面上，原來(lái)靜止在a車(chē)上的一個(gè)小孩跳到b，接著又立即從b跳回a車(chē)，他跳回a車(chē)并相對(duì)a車(chē)保持靜止，此后 。（填選項(xiàng)前的字母） A．a(chǎn)、b兩車(chē)的速率相等 B．a(chǎn)車(chē)的速率大于b車(chē)的速率 C．a(chǎn)車(chē)的速率小于b車(chē)的速率 D．a(chǎn)、b兩車(chē)均靜止 【答案】C 2.在質(zhì)量為M的小車(chē)中掛有一單擺，擺球的質(zhì)量為m0，小車(chē)和單擺一起以恒定的速度v沿光滑水平面運(yùn)動(dòng)，與位于正對(duì)面的質(zhì)量為m的靜止木塊發(fā)生碰撞，碰撞的時(shí)間極短．在此碰撞瞬間，下列說(shuō)法中可能發(fā)生的是（ ） A．小車(chē)、木塊、擺球的速度都發(fā)生變化，分別變?yōu)関l、v2、v3，滿(mǎn)足（M+m0）v=Mvl+m2v2+m0v3 B．?dāng)[球的速度不變，小車(chē)和木塊的速度分別變?yōu)関l和v2，滿(mǎn)足（M+m0）v=Mv1+mv2 C．?dāng)[球的速度不變，小車(chē)和木塊的速度都變?yōu)関1，滿(mǎn)足Mv=（M+m）v1 D．小車(chē)和擺球的速度都變?yōu)関1，木塊的速度變?yōu)関2，滿(mǎn)足（M+m0）v=（M+m0）v1+mv 【答案】C 【解析】碰撞的瞬間小車(chē)和木塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，擺球可認(rèn)為沒(méi)有參與碰撞，由于慣性其速度在瞬間不變．若碰后小車(chē)和木塊的速度變v1和v2，根據(jù)動(dòng)量守恒有：Mv=mv1+mv2．若碰后小車(chē)和木塊速度相同，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有：Mv=（M+m）v1．故C正確，A、B、D錯(cuò)誤． 3.如圖所示,將質(zhì)量為M1,半徑為R且內(nèi)壁光滑的半圓槽置于光滑水平面上,左側(cè)靠墻角,右側(cè)靠一質(zhì)量為M2的物塊.今讓一質(zhì)量為m的小球自左側(cè)槽口A的正上方h高處從靜止開(kāi)始落下,與圓弧槽相切自A點(diǎn)進(jìn)入槽內(nèi),則以下結(jié)論中正確的是（ ） A.小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中,小球與半圓槽在水平方向動(dòng)量守恒 B.小球在槽內(nèi)運(yùn)動(dòng)的全過(guò)程中,小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒 C.小球離開(kāi)C點(diǎn)以后,將做豎直上拋運(yùn)動(dòng) D.槽將與墻不會(huì)再次接觸 【答案】D 3.兩塊大小不同的圓形薄板（厚度不計(jì)），質(zhì)量分別為M和m（M=2rn,），半徑分別為R和r，兩板之間用一根長(zhǎng)為L(zhǎng)= 0.4rm不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)繩相連結(jié)．開(kāi)始時(shí)，兩板水平疊放在支架C上方高h(yuǎn)=0.2m處，支架上有一個(gè)半徑為的圓孔，兩板中心與圓孔中心在同一直線(xiàn)上，如圖所示．現(xiàn)讓兩板一起自由下落，大圓板碰到支架后跳起，機(jī)械能無(wú)損失，小圓板穿過(guò)圓孔繼續(xù)運(yùn)動(dòng)，兩板分離，試求當(dāng)細(xì)繩繃緊的瞬間兩板的共同速度．（不計(jì)碰撞時(shí)間及空氣阻力，取g= 10m/s2） 【答案】 【解析】設(shè)Ｍ與m自由下落到與C碰撞時(shí)的速度為v1， 大圓板碰到C后向上跳起，做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，小圓板做加速度為g的加速運(yùn)動(dòng)。當(dāng)二者之間的距離為L(zhǎng)時(shí)細(xì)繩拉緊，則有： 此時(shí)大圓板的速度，方向向上 小圓板的速度為，方向向下 選向下為正方向，細(xì)繩繃緊過(guò)程動(dòng)量守恒： 得 4.如圖，在光滑水平長(zhǎng)直軌道上有A、B兩個(gè)小絕緣體，質(zhì)量分別為m、M，且滿(mǎn)足M=4m、A帶正電、B不帶電．它們之間用一根長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕軟細(xì)線(xiàn)相連，空間存在方向向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)．開(kāi)始時(shí)將A與B靠在一起，且保持靜止：某時(shí)刻撤去外力，A將向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)細(xì)線(xiàn)繃緊時(shí)，兩物體間將發(fā)生時(shí)間極短的相互作用，此后B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，線(xiàn)再次松弛，已知B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的速率等于線(xiàn)剛要繃緊瞬間A物體速率的．設(shè)整個(gè)過(guò)程中A的帶電量保持不變．B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)后到細(xì)線(xiàn)第二次被繃緊前的過(guò)程中，B與A是否會(huì)相碰?如果能相碰，求出相碰時(shí)B的位移大小及A、B相碰前瞬間的速度；如果不能相碰，求出B與A間的最短距離． 【答案】 【解析】當(dāng)A、B之間的細(xì)線(xiàn)繃緊前，物塊A的速度為vA，電場(chǎng)力為F，據(jù)動(dòng)能定理有 細(xì)線(xiàn)繃緊時(shí)間很短可認(rèn)為這個(gè)過(guò)程中A、B系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。則有 得 可見(jiàn)軟線(xiàn)繃緊后，A將先向左做減速運(yùn)動(dòng)，加速度a保持不變，同時(shí)B將向右做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。 A減速為零后再次加速到B同速時(shí)所用的時(shí)間為tA 據(jù)動(dòng)量定理有 這段時(shí)間B前進(jìn)位移為 可見(jiàn)，細(xì)線(xiàn)再次繃緊時(shí)A、B不會(huì)相碰 此時(shí)A、B間距離最短，則A、B間最近時(shí)相距為 5.如圖所示，光滑絕緣桿上套有兩個(gè)完全相同、質(zhì)量都是m的金屬小球a、b，a帶電量為q（q＞0），b不帶電。M點(diǎn)是ON的中點(diǎn)，且OM=MN=L，整個(gè)裝置放在與桿平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)中。開(kāi)始時(shí)，b靜止在桿上MN之間的某點(diǎn)P處，a從桿上O點(diǎn)以速度v0向右運(yùn)動(dòng)，到達(dá)M點(diǎn)時(shí)速度為，再到P點(diǎn)與b球相碰并粘合在一起（碰撞時(shí)間極短），運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)速度恰好為零。求： ⑴電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小和方向； ⑵a、b兩球碰撞中損失的機(jī)械能； ⑶a球碰撞b球前的速度v。 【答案】（1）向左（2）（3） ⑵設(shè)碰撞中損失的機(jī)械能為△E，對(duì)a、b球從O到N的全過(guò)程應(yīng)用能的轉(zhuǎn)化和守恒定律： －qE2L－△E＝0－ 則碰撞中損失的機(jī)械能為 △E＝= ⑶設(shè)a與b碰撞前后的速度分別為v、v′，則 ： mv＝2mv’ 又減少的動(dòng)能△E＝－＝ 6.如圖所示，一輕質(zhì)彈簧兩端連接著物體A和物體B，放在光滑的水平面上,水平速度為V0的子彈射中物體A并嵌在其中，已知物體B的質(zhì)量為mB，物體A的質(zhì)量是物體B的質(zhì)量的3/4，子彈的質(zhì)量是物體B的質(zhì)量的1/4,求彈簧被壓縮到最短時(shí)的彈性勢(shì)能。 【答案】 7.如圖所示，兩根間距為l的光滑金屬導(dǎo)軌（不計(jì)電阻），由一段圓弧部分與一段無(wú)限長(zhǎng)的水平段部分組成。其水平段加有豎直向下方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，其磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)軌水平段上靜止放置一金屬棒cd，質(zhì)量為2m。，電阻為2r。另一質(zhì)量為m，電阻為r的金屬棒ab，從圓弧段M處由靜止釋放下滑至N處進(jìn)入水平段，圓弧段MN半徑為R，所對(duì)圓心角為60，求： （1）ab棒在N處進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)速度多大？此時(shí)棒中電流是多少？ （2）ab棒能達(dá)到的最大速度是多大？ （3）ab棒由靜止到達(dá)最大速度過(guò)程中，系統(tǒng)所能釋放的熱量是多少？ 【答案】（1）、（2）（3） （2）設(shè)ab棒與cd棒所受安培力的大小為F，安培力作用時(shí)間為 t，ab 棒在安培力作用下做減速運(yùn)動(dòng)，cd棒在安培力作用下做加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)兩棒速度達(dá)到相同速度v′時(shí)，電路中電流為零，安培力為零，cd達(dá)到最大速度。 運(yùn)用動(dòng)量守恒定律得 解得 （3）系統(tǒng)釋放熱量應(yīng)等于系統(tǒng)機(jī)械能減少量，故有 解得 8.如圖中有一個(gè)豎直固定在地面的透氣圓筒，筒中有一勁度為k的輕彈簧，其下端固定，上端連接一質(zhì)量為m的薄滑塊，圓筒內(nèi)壁涂有一層新型智能材料—ER流體，它對(duì)滑塊的阻力可調(diào)。起初，滑塊靜止,ER流體對(duì)其阻力為0，彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，現(xiàn)有一質(zhì)量為M=2m的物體從距地面2L處自由落下，與滑塊瞬間碰撞后粘在一起向下運(yùn)動(dòng)。為保證滑塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，且下移距離為 （g為重力加速度）時(shí)速度減為0，ER流體對(duì)滑塊的阻力須隨滑塊下移而變。試求（忽略空氣阻力）: (1) 下落物體與滑塊碰撞過(guò)程中系統(tǒng)損失的機(jī)械能； (2) 在滑塊下移停止之前的過(guò)程中，ER流體對(duì)滑塊阻力的大小f與下滑距離d所滿(mǎn)足的函數(shù)關(guān)系式。 【答案】（1）2mgL/3 （2）2mg-kd+4kL/9 （2）相碰前彈簧的壓縮量為x1 =mg/k ⑥ 共同下移到靜止h=3mg/k , ⑦ 設(shè)加速度的大小為a，由勻變速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)公式有 V22=2ah ⑧ 設(shè)滑塊下滑距離d時(shí)受到ER流體的阻力大小為f,此時(shí)彈簧的壓縮量為x2 則x2= x1+d ⑨ 由牛頓第二定律得：f+kx2 –(M+m)g=(M+m)a ⑩ 由①、②、④、⑥、⑦、⑧、⑨、⑩得 f= 2mg-kd+4kL/9 ⑾