課時提升作業(yè)(七十二)一、選擇題1.設(shè)隨機變量X服從正態(tài)分布N(3,4),若P(X<2a-3)=P(X>a+2),則a的值為()(A)73(B)53(C)5(D)32.(20xx·銅川模擬)設(shè)隨機變量X服從正態(tài)分布N(0,1),若P(X>1)=p,則P(-1<X<0)= ()(A)p(B)1-2p(C)12-p(D)p-123.一袋中裝有5只白球,3只黃球,在有放回地摸球中,用A1表示第一次摸得白球,A2表示第二次摸得白球,則事件A1與A2是()(A)相互獨立事件(B)不相互獨立事件(C)互斥事件(D)對立事件4.10張獎券中有3張是有獎的,某人從中不放回地依次抽兩張,則在第一次抽到中獎券的條件下,第二次也抽到中獎券的概率為()(A)27(B)29(C)310(D)155.(20xx·淮南模擬)設(shè)隨機變量Y服從正態(tài)分布N(1,2),則函數(shù)f(x)=x2+2x+Y不存在零點的概率為()(A)14(B)13(C)12(D)236.如圖所示,在兩個圓盤中,指針落在本圓盤每個數(shù)所在區(qū)域的機會均等,那么兩個指針同時落在奇數(shù)所在區(qū)域的概率是()(A)49(B)29(C)23(D)137.將一枚硬幣連擲5次,如果出現(xiàn)k次正面向上的概率等于出現(xiàn)k+1次正面向上的概率,那么k的值為()(A)0(B)1(C)2(D)38.(20xx·南昌模擬)在4次獨立重復(fù)試驗中,隨機事件A恰好發(fā)生一次的概率不大于其恰好發(fā)生兩次的概率,則事件A在一次試驗中發(fā)生的概率p的取值范圍是()(A)25,1(B)(0,25(C)35,1(D)(0,35二、填空題9.如圖,JA,JB兩個開關(guān)串聯(lián)再與開關(guān)JC并聯(lián),在某段時間內(nèi)每個開關(guān)能夠閉合的概率都是0.5,計算在這段時間內(nèi)線路正常工作的概率為.10.某省實驗中學(xué)高三共有學(xué)生600人,一次數(shù)學(xué)考試的成績(試卷滿分150分)服從正態(tài)分布N(100,2),統(tǒng)計結(jié)果顯示學(xué)生考試成績在80分到100分之間的人數(shù)約占總?cè)藬?shù)的13,則此次考試成績不低于120分的學(xué)生約有人.11.(20xx·咸陽模擬)同時拋擲一顆紅骰子和一顆藍骰子,觀察向上的點數(shù),記“紅骰子向上的點數(shù)是3的倍數(shù)”為事件A,“兩顆骰子的點數(shù)和大于8”為事件B,則P(B|A)=.12.(能力挑戰(zhàn)題)某次知識競賽規(guī)則如下:在主辦方預(yù)設(shè)的5個問題中,選手若能連續(xù)正確回答出兩個問題,即停止答題,晉級下一輪.假設(shè)某選手正確回答每個問題的概率都是0.8,且每個問題的回答結(jié)果相互獨立,則該選手恰好回答了4個問題就晉級下一輪的概率等于.三、解答題13.(20xx·湖北高考)現(xiàn)有甲、乙兩個靶,某射手向甲靶射擊一次,命中的概率為34,命中得1分,沒有命中得0分;向乙靶射擊兩次,每次命中的概率為23,每命中一次得2分,沒有命中得0分.該射手每次射擊的結(jié)果相互獨立,假設(shè)該射手完成以上三次射擊.(1)求該射手恰好命中一次的概率.(2)求該射手的總得分X的分布列.14.(能力挑戰(zhàn)題)如圖,一個圓形游戲轉(zhuǎn)盤被分成6個均勻的扇形區(qū)域.用力旋轉(zhuǎn)轉(zhuǎn)盤,轉(zhuǎn)盤停止轉(zhuǎn)動時,箭頭A所指區(qū)域的數(shù)字就是每次游戲所得的分數(shù)(箭頭指向兩個區(qū)域的邊界時重新轉(zhuǎn)動),且箭頭A指向每個區(qū)域的可能性都是相等的.在一次家庭抽獎的活動中,要求每個家庭派一位兒童和一位成人先后分別轉(zhuǎn)動一次游戲轉(zhuǎn)盤,得分情況記為(a,b)(假設(shè)兒童和成人的得分互不影響,且每個家庭只能參加一次活動).(1)求某個家庭得分為(5,3)的概率.(2)若游戲規(guī)定:一個家庭的得分為參與游戲的兩人得分之和,且得分大于等于8的家庭可以獲得一份獎品.求某個家庭獲獎的概率.(3)若共有4個家庭參加家庭抽獎活動.在(2)的條件下,記獲獎的家庭數(shù)為X,求X的分布列. 答案解析1.【解析】選A.正態(tài)曲線關(guān)于直線x=3對稱,而概率表示它與x軸所圍成的面積,2a-3+a+22=3,a=73.2.【解析】選C.XN(0,1),對稱軸為x=0,P(X>1)=p,P(X<-1)=p,P(-1<X<0)=12P(-1<X<1)=1-2p2=12-p.3.【解析】選A.由題意可得A2表示第二次摸到的不是白球,即A2表示第二次摸到的是黃球,由于采用有放回地摸球,故每次是否摸到黃球互不影響,故事件A1與A2是相互獨立事件.4.【解析】選B.設(shè)第一次抽到中獎券記為事件A,第二次抽到中獎券記為事件B,則兩次都抽到中獎券為事件AB.則P(A)=310,P(AB)=3×210×9=115,P(B|A)=P(AB)P(A)=115310=29.5.【思路點撥】本題考查二次函數(shù)的零點、正態(tài)分布等知識,考查考生的運算求解能力及分析問題、解決問題的能力.首先根據(jù)函數(shù)f(x)=x2+2x+Y不存在零點得出Y的取值范圍,再根據(jù)正態(tài)曲線的對稱性即可得出所求的概率.【解析】選C.由函數(shù)f(x)=x2+2x+Y不存在零點得=4-4Y<0,得Y>1.又隨機變量Y服從正態(tài)分布N(1,2),所以P(Y>1)=12,即函數(shù)f(x)=x2+2x+Y不存在零點的概率為12.6.【解析】選A.設(shè)A表示“第一個圓盤的指針落在奇數(shù)所在的區(qū)域”,則P(A)=23,B表示“第二個圓盤的指針落在奇數(shù)所在的區(qū)域”,則P(B)=23,則P(AB)=P(A)P(B)=23×23=49.7.【解析】選C.由C5k(12)k(12)5-k=C5k+1(12)k+1·(12)5-k-1,即C5k=C5k+1,故k+(k+1)=5,即k=2.8.【解析】選A.由題意,得C41p(1-p)3C42p2(1-p)2,即4(1-p)6p,p25.又p1,p25,1.9.【解析】(ABC)+P(ABC)+P(ABC)+P(ABC)+P(ABC)=P(A)·P(B)·P(C)+P(A)·P(B)·P(C)+P(A)·P(B)·P(C)+P(A)·P(B)·P(C)+P(A)·P(B)·P(C)=0.625.答案:0.625【一題多解】分析要使這段時間內(nèi)線路正常工作只要排除JC開且JA與JB至少有1個開的情況.1-P(C)1-P(A·B)=1-0.5×(1-0.52)=0.625.【舉一反三】如圖,電路由電池A,B,C并聯(lián)組成.電池A,B,C損壞的概率分別是0.3,0.2,0.2,求電路斷電的概率.【解析】設(shè)事件A=“電池A損壞”,事件B=“電池B損壞”,事件C=“電池C損壞”,則“電路斷電”=A·B·C,P(A)=0.3,P(B)=0.2,P(C)=0.2,P(ABC)=P(A)·P(B)·P(C)=0.3×0.2×0.2=0.012.故電路斷電的概率為0.012.10.【解析】數(shù)學(xué)考試成績XN(100,2),又P(X80)+P(X120)=1-P(80X100)-P(100X120)=13,P(X120)=12×13=16,成績不低于120分的學(xué)生約為600×16=100(人).答案:10011.【思路點撥】先求P(AB),P(A),再套公式求P(B|A).【解析】同時拋擲兩顆骰子,出現(xiàn)向上點數(shù)的所有可能情況有6×6=36(種),事件A發(fā)生的可能情況有2×6=12(種),A,B同時發(fā)生的可能情況有1+4=5(種),P(A)=1236=13,P(AB)=536,P(B|A)=P(AB)P(A)=536×3=512.答案:51212.【解析】依題意得,事件“該選手恰好回答了4個問題就晉級下一輪”意味著“該選手在回答前面4個問題的過程中,要么第一個問題答對且第二個問題答錯,第三、四個問題都答對了,要么第一、二個問題都答錯;第三、四個問題都答對了”,因此所求事件的概率等于0.8×(1-0.8)+(1-0.8)2×0.82=0.128. 答案:0.12813.【解析】(1)記:“該射手恰好命中一次”為事件A,“該射手射擊甲靶命中”為事件B,“該射手第一次射擊乙靶命中”為事件C,“該射手第二次射擊乙靶命中”為事件D,由題意知P(B)=34,P(C)=P(D)=23,由于A=(BCD)(BCD)(BCD),根據(jù)事件的獨立性和互斥性得P(A)=P(BCD)(BCD)(BCD)=P(BCD)+P(BCD)+P(BCD)=P(B)P(C)P(D)+P(B)P(C)P(D)+P(B)P(C)P(D)=34×(1-23)×(1-23)+(1-34)×23×(1-23)+(1-34)×(1-23)×23=736.(2)根據(jù)題意,X的所有可能取值為0,1,2,3,4,5.根據(jù)事件的獨立性和互斥性得P(X=0)=P(BCD)=1-P(B)1-P(C)1-P(D)=(1-34)×(1-23)×(1-23)=136,P(X=1)=P(BCD)=P(B)P(C)P(D)=34×(1-23)×(1-23)=112,P(X=2)=P(BCDBCD)=P(BCD)+P(BCD)=(1-34)×23×(1-23)+(1-34)×(1-23)×23=19,P(X=3)=P(BCDBCD)=P(BCD)+P(BCD)=34×23×(1-23)+34×(1-23)×23=13,P(X=4)=P(BCD)=(1-34)×23×23=19,P(X=5)=P(BCD)=34×23×23=13.故X的分布列為X012345P13611219 131913 14.【解析】(1)記事件A:某個家庭得分情況為(5,3),則P(A)=13×13=19.所以某個家庭得分情況為(5,3)的概率為19.(2)記事件B:某個家庭在游戲中獲獎,則符合獲獎條件的得分包括(5,3),(5,5),(3,5)共3類情況.所以P(B)=13×13+13×13+13×13=13.所以某個家庭獲獎的概率為13.(3)由(2)可知,每個家庭獲獎的概率都是13,所以XB(4,13).P(X=0)=C40(13)0(23)4=1681,P(X=1)=C41(13)(23)3=3281,P(X=2)=C42(13)2(23)2=2481=827, P(X=3)=C43(13)3(23)=881,P(X=4)=C44(13)4(23)0=181,所以X的分布列為:X01234P16813281827881181【變式備選】(20xx·重慶模擬)設(shè)進入某商場的每一位顧客購買甲種商品的概率為0.5,購買乙種商品的概率為0.6,且購買甲種商品與乙種商品相互獨立,各顧客之間購買商品是相互獨立的.(1)求進入該商場的1位顧客僅購買甲、乙兩種商品中的一種的概率.(2)求進入該商場的3位顧客中,至少有2位顧客既未購買甲種商品也未購買乙種商品的概率.【解析】設(shè)“進入該商場的每一位顧客購買甲種商品”為事件A,“購買乙種商品”為事件B,則P(A)=0.5,P(B)=0.6.(1)設(shè)“進入該商場的1位顧客僅購買甲、乙兩種商品中的一種”為事件C,則P(C)=P(ABAB)=P(A)·P(B)+P(A)·P(B)=0.5×(1-0.6)+(1-0.5)×0.6=0.5,所以進入該商場的1位顧客僅購買甲、乙兩種商品中的一種的概率為0.5.(2)設(shè)“進入該商場的1位顧客既未購買甲種商品也未購買乙種商品”為事件D,“進入該商場的3位顧客中,至少有2位顧客既未購買甲種商品也未購買乙種商品”為事件E,則P(D)=0.5×0.4=0.2,P(E)=C32×0.22×(1-0.2)+C33×0.23=0.104,或P(E)=1-C30×0.20×(1-0.2)3-C31×0.2×(1-0.2)2=0.104,所以進入該商場的3位顧客中,至少有2位顧客既未購買甲種商品也未購買乙種商品的概率為0.104.