專題25 矩形菱形與正方形
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矩形菱形與正方形
一.選擇題
1. (2015山東青島,第7題,3分)如圖,菱形ABCD的對(duì)角線AC、BC相交于點(diǎn)O,E、F分別是AB、BC邊上的中點(diǎn),連接EF,若EF=,BD=4,則菱形ABCD的周長(zhǎng)為( ).
A.4 B.4 C.4 D.28
【答案】C
考點(diǎn):菱形的性質(zhì)、三角形中位線性質(zhì)、勾股定理.
2, (2015?淄博第9題,4分)如圖,在菱形ABCD和菱形BEFG中,點(diǎn)A、B、E在同一直線上,P是線段DF的中點(diǎn),連接PG,PC.若∠ABC=∠BEF=60°,則=( )
A. B. C. D.
考點(diǎn): 菱形的性質(zhì);全等三角形的判定與性質(zhì);等腰三角形的判定與性質(zhì)..
專題: 計(jì)算題;壓軸題.
分析: 可通過(guò)構(gòu)建全等三角形求解.延長(zhǎng)GP交DC于H,可證三角形DHP和PGF全等,已知的有DC∥GF,根據(jù)平行線間的內(nèi)錯(cuò)角相等可得出兩三角形中兩組對(duì)應(yīng)的角相等,又有DP=PF,因此構(gòu)成了全等三角形判定條件中的(AAS),于是兩三角形全等,那么HP=PG,可根據(jù)三角函數(shù)來(lái)得出PG、CP的比例關(guān)系.
解答: 解:如圖,
延長(zhǎng)GP交DC于點(diǎn)H,
∵P是線段DF的中點(diǎn),
∴FP=DP,
由題意可知DC∥GF,
∴∠GFP=∠HDP,
∵∠GPF=∠HPD,
∴△GFP≌△HDP,
∴GP=HP,GF=HD,
∵四邊形ABCD是菱形,
∴CD=CB,
∴CG=CH,
∴△CHG是等腰三角形,
∴PG⊥PC,(三線合一)
又∵∠ABC=∠BEF=60°,
∴∠GCP=60°,
∴=;
故選B.
點(diǎn)評(píng): 本題主要考查了菱形的性質(zhì),以及全等三角形的判定等知識(shí)點(diǎn),根據(jù)已知和所求的條件正確的構(gòu)建出相關(guān)的全等三角形是解題的關(guān)鍵.
3.(2015·湖南省衡陽(yáng)市,第9題3分)下列命題是真命題的是( ).
A.對(duì)角線互相平分的四邊形是平行四邊形 B.對(duì)角線相等的四邊形是矩形
C.對(duì)角線互相垂直的四邊形是菱形 D.對(duì)角線互相垂直平分的四邊形是正方形
4.(2015·湖北省孝感市,第7題3分)下列命題:
①平行四邊形的對(duì)邊相等;
②對(duì)角線相等的四邊形是矩形;
③正方形既是軸對(duì)稱圖形,又是中心對(duì)稱圖形;
④一條對(duì)角線平分一組對(duì)角的平行四邊形是菱形.
其中真命題的個(gè)數(shù)是
A.1 B.2 C.3 D.4
考點(diǎn):命題與定理..
分析:根據(jù)平行四邊形的性質(zhì)對(duì)①進(jìn)行判斷;根據(jù)矩形的判定方法對(duì)②進(jìn)行判斷;根據(jù)正方形的性質(zhì)對(duì)③進(jìn)行判斷;根據(jù)菱形的判定方法對(duì)④進(jìn)行判斷.
解答:解:平行四邊形的對(duì)邊相等,所以①正確;
對(duì)角線相等的平行四邊形是矩形,所以②錯(cuò)誤;
正方形既是軸對(duì)稱圖形,又是中心對(duì)稱圖形,所以③正確;
一條對(duì)角線平分一組對(duì)角的平行四邊形是菱形,所以④正確.
故選C.
點(diǎn)評(píng):
本題考查了命題與定理:判斷一件事情的語(yǔ)句,叫做命題.許多命題都是由題設(shè)和結(jié)論兩部分組成,題設(shè)是已知事項(xiàng),結(jié)論是由已知事項(xiàng)推出的事項(xiàng),一個(gè)命題可以寫(xiě)成“如果…那么…”形式.有些命題的正確性是用推理證實(shí)的,這樣的真命題叫做定理.
5.(2015·湖南省益陽(yáng)市,第5題5分)如圖,在矩形ABCD中,對(duì)角線AC、BD交于點(diǎn)O,以下說(shuō)法錯(cuò)誤的是( ?。?
A.
∠ABC=90°
B.
AC=BD
C.
OA=OB
D.
OA=AD
考點(diǎn): 矩形的性質(zhì).
分析: 矩形的性質(zhì):四個(gè)角都是直角,對(duì)角線互相平分且相等;由矩形的性質(zhì)容易得出結(jié)論.
解答: 解:∵四邊形ABCD是矩形,
∴∠ABC=∠BCD=∠CDA=∠BAD=90°,AC=BD,OA=AC,OB=BD,
∴OA=OB,
∴A、B、C正確,D錯(cuò)誤,
故選:D.
點(diǎn)評(píng): 本題考查了矩形的性質(zhì);熟練掌握矩形的性質(zhì)是解決問(wèn)題的關(guān)鍵.
6.(2015湖南岳陽(yáng)第6題3分)下列命題是真命題的是( )
A.
一組對(duì)邊平行,另一組對(duì)邊相等的四邊形是平行四邊形
B.
對(duì)角線互相垂直的平行四邊形是矩形
C.
四條邊相等的四邊形是菱形
D.
正方形是軸對(duì)稱圖形,但不是中心對(duì)稱圖形
考點(diǎn): 命題與定理..
分析: 根據(jù)平行四邊形的判定方法對(duì)A進(jìn)行判斷;根據(jù)矩形的判定方法對(duì)B進(jìn)行判斷;根據(jù)菱形的判定方法對(duì)C進(jìn)行判斷;根據(jù)軸對(duì)稱和中心對(duì)稱的定義對(duì)D進(jìn)行判斷.
解答: 解:A、一組對(duì)邊平行,且相等的四邊形是平行四邊形,所以A選項(xiàng)錯(cuò)誤;
B、對(duì)角線互相垂直,且相等的平行四邊形是矩形,所以B選項(xiàng)錯(cuò)誤;
C、四條邊相等的四邊形是菱形,所以C選項(xiàng)正確;
D、正方形是軸對(duì)稱圖形,也是中心對(duì)稱圖形,所以D選項(xiàng)錯(cuò)誤.
故選C.
點(diǎn)評(píng): 本題考查了命題與定理:判斷事物的語(yǔ)句叫命題;正確的命題稱為真命題,錯(cuò)誤的命題稱為假命題;經(jīng)過(guò)推理論證的真命題稱為定理.
7.(2015湖北鄂州第8題3分)
如圖,在矩形ABCD中,AB=8,BC=12,點(diǎn)E是BC的中點(diǎn),連接AE,將△ABE 沿AE折疊,點(diǎn)B落在點(diǎn)F處,連接FC,則sin∠ECF =( )
A. B. C. D.
【答案】D.
考點(diǎn):翻折問(wèn)題.
8.(2015湖北鄂州第10題3分)
在平面直角坐標(biāo)系中,正方形A1B1C1D1 、D1E1E2B2 、A2B2C2D2 、D2E3E4B3 、A3B3C3D3 ……按如圖所示的方式放置,其中點(diǎn)B1在y軸上,點(diǎn)C1、E1、E2、C2、E3、E4、C3……在x軸上,已知正方形A1B1C1D1 的邊長(zhǎng)為1,∠B1C1O=60°,B1C1∥B2C2∥B3C3……則正方形A2015B2015C2015D2015的邊長(zhǎng)是( )
A. B. C. D.
【答案】D.
考點(diǎn):1.正方形的性質(zhì);2.解直角三角形.
9.(2015?廣東梅州,第6題4分)下列命題正確的是( )
A.
一組對(duì)邊相等,另一組對(duì)邊平行的四邊形是平行四邊形
B.
對(duì)角線相互垂直的四邊形是菱形
C.
對(duì)角線相等的四邊形是矩形
D.
對(duì)角線相互垂直平分且相等的四邊形是正方形
考點(diǎn): 命題與定理.
分析: 根據(jù)矩形、菱形、平行四邊形的知識(shí)可判斷出各選項(xiàng),從而得出答案.
解答: 解:A、一組對(duì)邊相等,另一組對(duì)邊平行的四邊形是平行四邊形也可能是等腰梯形,此選項(xiàng)錯(cuò)誤;
B、對(duì)角線相互垂直的四邊形是菱形也可能是梯形,此選項(xiàng)錯(cuò)誤;
C、對(duì)角線相等的四邊形是矩形也可能是等腰梯形,此選項(xiàng)錯(cuò)誤;
D、對(duì)角線相互垂直平分且相等的四邊形是正方形,此選項(xiàng)正確;
故選D.
點(diǎn)評(píng): 本題主要考查了命題與定理的知識(shí),解答本題的關(guān)鍵是熟練掌握平行四邊形、菱形以及矩形的性質(zhì),此題難度不大.
10. (2015?浙江衢州,第8題3分)如圖,已知某廣場(chǎng)菱形花壇的周長(zhǎng)是24米,,則花壇對(duì)角線的長(zhǎng)等于【 】
A. 米 B. 米 C. 米 D. 米
【答案】A.
【考點(diǎn)】菱形的性質(zhì);銳角三角函數(shù)定義;特殊角的三角函數(shù)值.
【分析】∵菱形花壇的周長(zhǎng)是24,∴,,.
∵,∴.
∴(米).
故選A.
11. (2015?浙江湖州,第9題3分)如圖,AC是矩形ABCD的對(duì)角線,⊙O是△ABC的內(nèi)切圓,現(xiàn)將矩形ABCD按如圖所示的方式折疊,使點(diǎn)D與點(diǎn)O重合,折痕為FG,點(diǎn)F,G分別在AD,BC上,連結(jié)OG,DG,若OG⊥DG,且☉O的半徑長(zhǎng)為1,則下列結(jié)論不成立的是( )
A. CD+DF=4 B. CD?DF=2?3 C. BC+AB=2+4 D. BC?AB=2
【答案】A.
【解析】
試題分析:如圖,設(shè)⊙O與BC的切點(diǎn)為M,連接MO并延長(zhǎng)MO交AD于點(diǎn)N,利用“AAS”易證△OMG≌△GCD,所以O(shè)M=GC=1, CD=GM=BC-BM-GC=BC-2.又因AB=CD,所以可得BC?AB=2.設(shè)AB=a,BC=b,AC=c, ⊙O的半徑為r,⊙O是Rt△ABC的內(nèi)切圓可得r=(a+b-c),所以c=a+b-2. 在Rt△ABC中,由勾股定理可得,整理得2ab-4a-4b+4=0,又因BC?AB=2即b=2+a,代入可得2a(2+a)-4a-4(2+a)+4=0,解得,所以,即可得BC+AB=2+4. 再設(shè)DF=x,在Rt△ONF中,FN=,OF=x,ON=,由勾股定理可得,解得,所以CD?DF=,CD+DF=.綜上只有選項(xiàng)A錯(cuò)誤,故答案選A.
考點(diǎn):矩形的性質(zhì);直角三角形內(nèi)切圓的半徑與三邊的關(guān)系;折疊的性質(zhì);勾股定理;
12. (2015?浙江寧波,第12題4分) 如圖,小明家的住房平面圖呈長(zhǎng)方形,被分割成3個(gè)正方形和2個(gè)長(zhǎng)方形后仍是中心對(duì)稱圖形. 若只知道原住房平面圖長(zhǎng)方形的周長(zhǎng),則分割后不用測(cè)量就能知道周長(zhǎng)的圖形標(biāo)號(hào)為【 】
A. ①② B. ②③ C. ①③ D. ①②③
【答案】A.
【考點(diǎn)】多元方程組的應(yīng)用(幾何問(wèn)題).
【分析】如答圖,設(shè)原住房平面圖長(zhǎng)方形的周長(zhǎng)為,①的長(zhǎng)和寬分別為,②③的邊長(zhǎng)分別為.
根據(jù)題意,得,
,得,
將代入③,得(定值),
將代入,得(定值),
而由已列方程組得不到.
∴分割后不用測(cè)量就能知道周長(zhǎng)的圖形標(biāo)號(hào)為①②.
故選A.
13.(2015?四川南充,第9題3分)如圖,菱形ABCD的周長(zhǎng)為8cm,高AE長(zhǎng)為cm,則對(duì)角線AC長(zhǎng)和BD長(zhǎng)之比為( )
(A)1:2 (B)1:3 (C)1: (D)1:
【答案】D
【解析】
試題分析:設(shè)AC與BD的交點(diǎn)為O,根據(jù)周長(zhǎng)可得AB=BC=2,根據(jù)AE=可得BE=1,則△ABC為等邊三角形,則AC=2,BO=,即BD=2,即AC:BD=1:.
考點(diǎn):菱形的性質(zhì)、直角三角形.
14.(2015?四川資陽(yáng),第7題3分)若順次連接四邊形ABCD四邊的中點(diǎn),得到的圖形是一個(gè)矩形,則四邊形ABCD一定是
A.矩形 B.菱形 C.對(duì)角線相等的四邊形 D.對(duì)角線互相垂直的四邊形
考點(diǎn):中點(diǎn)四邊形..
分析:首先根據(jù)三角形中位線定理知:所得四邊形的對(duì)邊都平行且相等,那么其必為平行四邊形,若所得四邊形是矩形,那么鄰邊互相垂直,故原四邊形的對(duì)角線必互相垂直,由此得解.
解答:已知:如右圖,四邊形EFGH是矩形,且E、F、G、H分別是AB、BC、CD、AD的中點(diǎn),求證:四邊形ABCD是對(duì)角線垂直的四邊形.
證明:由于E、F、G、H分別是AB、BC、CD、AD的中點(diǎn),
根據(jù)三角形中位線定理得:EH∥FG∥BD,EF∥AC∥HG;
∵四邊形EFGH是矩形,即EF⊥FG,
∴AC⊥BD,
故選:D.
點(diǎn)評(píng):本題主要考查了矩形的性質(zhì)和三角形中位線定理,解題的關(guān)鍵是構(gòu)造三角形利用三角形的中位線定理解答.
15.(2015?四川資陽(yáng),第10題3分)如圖6,在△ABC中,∠ACB=90º,AC=BC=1,E、F為線段AB上兩動(dòng)點(diǎn),且∠ECF=45°,過(guò)點(diǎn)E、F分別作BC、AC的垂線相交于點(diǎn)M,垂足分別為H、G.現(xiàn)有以下結(jié)論:①AB=;②當(dāng)點(diǎn)E與點(diǎn)B重合時(shí),MH=;③AF+BE=EF;④MG?MH=,其中正確結(jié)論為
A.①②③ B.①③④
C.①②④ D.①②③④
考點(diǎn):相似形綜合題..
分析:①由題意知,△ABC是等腰直角三角形,根據(jù)等腰直角三角形即可作出判斷;
②如圖1,當(dāng)點(diǎn)E與點(diǎn)B重合時(shí),點(diǎn)H與點(diǎn)B重合,可得MG∥BC,四邊形MGCB是矩形,進(jìn)一步得到FG是△ACB的中位線,從而作出判斷;
③如圖2所示,SAS可證△ECF≌△ECD,根據(jù)全等三角形的性質(zhì)和勾股定理即可作出判斷;
④根據(jù)AA可證△ACE∽△BFC,根據(jù)相似三角形的性質(zhì)可得AF?BF=AC?BC=1,由題意知四邊形CHMG是矩形,再根據(jù)平行線的性質(zhì)和等量代換得到MG?MH=AE×BF=AE?BF=AC?BC=,依此即可作出判斷.
解答:解:①由題意知,△ABC是等腰直角三角形,
∴AB==,故①正確;
②如圖1,當(dāng)點(diǎn)E與點(diǎn)B重合時(shí),點(diǎn)H與點(diǎn)B重合,
∴MB⊥BC,∠MBC=90°,
∵M(jìn)G⊥AC,
∴∠MGC=90°=∠C=∠MBC,
∴MG∥BC,四邊形MGCB是矩形,
∴MH=MB=CG,
∵∠FCE=45°=∠ABC,∠A=∠ACF=45°,
∴CE=AF=BF,
∴FG是△ACB的中位線,
∴GC=AC=MH,故②正確;
③如圖2所示,
∵AC=BC,∠ACB=90°,
∴∠A=∠5=45°.
將△ACF順時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°至△BCD,
則CF=CD,∠1=∠4,∠A=∠6=45°;BD=AF;
∵∠2=45°,
∴∠1+∠3=∠3+∠4=45°,
∴∠DCE=∠2.
在△ECF和△ECD中,
,
∴△ECF≌△ECD(SAS),
∴EF=DE.
∵∠5=45°,
∴∠BDE=90°,
∴DE2=BD2+BE2,即E2=AF2+BE2,故③錯(cuò)誤;
④∵∠7=∠1+∠A=∠1+45°=∠1+∠2=∠ACE,
∵∠A=∠5=45°,
∴△ACE∽△BFC,
∴=,
∴AF?BF=AC?BC=1,
由題意知四邊形CHMG是矩形,
∴MG∥BC,MH=CG,
MG∥BC,MH∥AC,
∴=;=,
即=;=,
∴MG=AE;MH=BF,
∴MG?MH=AE×BF=AE?BF=AC?BC=,
故④正確.
故選:C.
點(diǎn)評(píng):考查了相似形綜合題,涉及的知識(shí)點(diǎn)有:等腰直角三角形的判定和性質(zhì),平行線的判定和性質(zhì),矩形的判定和性質(zhì),三角形中位線的性質(zhì),全等三角形的判定和性質(zhì),勾股定理,相似三角形的判定和性質(zhì),綜合性較強(qiáng),有一定的難度.
16、(2015?四川自貢,第10題4分) 如圖,在矩形中,,是邊的中點(diǎn),是線段邊上的動(dòng)點(diǎn),將△沿所在直線折疊得到△,連接,則的最小值是 ( )
A. B.6 C. D.4
考點(diǎn):矩形的性質(zhì)、翻折(軸對(duì)稱)、勾股定理、最值.
分析:連接后抓住△中兩邊一定,要使的長(zhǎng)度最小即要使最小(也就是使其角度為0°),此時(shí)點(diǎn)落在上, 此時(shí).
略解:
∵是邊的中點(diǎn), ∴
∵四邊形矩形 ∴
∴在△根據(jù)勾股定理可知:
又∵ ∴.
根據(jù)翻折對(duì)稱的性質(zhì)可知
∵△中兩邊一定,要使的長(zhǎng)度最小即要使最小(也就是使其角度為0°),此時(shí)點(diǎn)落在上(如圖所示).
∴ ∴的長(zhǎng)度最小值為. 故選A
17. (2015?浙江濱州,第8題3分)順次連接矩形ABCD各邊的中點(diǎn),所得四邊形必定是( )
A.鄰邊不等的平行四邊形 B.矩形 C.正方形 D.菱形
【答案】D
考點(diǎn):菱形的判定
18. (2015?四川省內(nèi)江市,第11題,3分)如圖,正方形ABCD的面積為12,△ABE是等邊三角形,點(diǎn)E在正方形ABCD內(nèi),在對(duì)角線AC上有一點(diǎn)P,使PD+PE最小,則這個(gè)最小值為( )
A.
B.
2
C.
2
D.
考點(diǎn): 軸對(duì)稱-最短路線問(wèn)題;正方形的性質(zhì)..
分析: 由于點(diǎn)B與D關(guān)于AC對(duì)稱,所以BE與AC的交點(diǎn)即為P點(diǎn).此時(shí)PD+PE=BE最小,而B(niǎo)E是等邊△ABE的邊,BE=AB,由正方形ABCD的面積為12,可求出AB的長(zhǎng),從而得出結(jié)果.
解答: 解:由題意,可得BE與AC交于點(diǎn)P.
∵點(diǎn)B與D關(guān)于AC對(duì)稱,
∴PD=PB,
∴PD+PE=PB+PE=BE最?。?
∵正方形ABCD的面積為12,
∴AB=2.
又∵△ABE是等邊三角形,
∴BE=AB=2.
故所求最小值為2.
故選B.
點(diǎn)評(píng): 此題考查了軸對(duì)稱﹣﹣?zhàn)疃搪肪€問(wèn)題,正方形的性質(zhì),等邊三角形的性質(zhì),找到點(diǎn)P的位置是解決問(wèn)題的關(guān)鍵.
19 . (2015?浙江省臺(tái)州市,第8題)如果將長(zhǎng)為6cm,寬為5cm的長(zhǎng)方形紙片折疊一次,那么這條折痕的長(zhǎng)不可能是( )
A.8cm B.cm C.5.5cm D.1cm
20 . (2015?浙江省臺(tái)州市,第9題).如圖,在菱形ABCD中,AB=8,點(diǎn)E、F分別在AB、AD上,且AE=AF,過(guò)點(diǎn)E作EG∥AD交CD于點(diǎn)G,過(guò)點(diǎn)F作FH∥AB交BC于點(diǎn)H,EG與FH交于點(diǎn)O,當(dāng)四邊形AEOF與四邊形CGOH的周長(zhǎng)之差為12時(shí),AE的值為( )
A.6.5 B.6 C.5.5 D.5
21.(2015·深圳,第12題 分)如圖,已知正方形ABCD的邊長(zhǎng)為12,BE=EC,將正方形邊CD沿DE折疊到DF,延長(zhǎng)EF交AB于G,連接DG,現(xiàn)在有如下4個(gè)結(jié)論:⊿ADG≌⊿FDG;GB=2AG;
⊿GDE∽BEF;S⊿BEF=。在以上4個(gè)結(jié)論中,正確的有( )
A、
B、
C、
D、
【答案】C.
【解析】由折疊可知,DE=DC=DA,∠DEF=∠C=90°
∠DFG=∠A=90°
22,((2015?山東日照 ,第6題3分))小明在學(xué)習(xí)了正方形之后,給同桌小文出了道題,從下列四個(gè)條件:①AB=BC,②∠ABC=90°,③AC=BD,④AC⊥BD中選兩個(gè)作為補(bǔ)充條件,使?ABCD為正方形(如圖),現(xiàn)有下列四種選法,你認(rèn)為其中錯(cuò)誤的是( )
A.
①②
B.
②③
C.
①③
D.
②④
考點(diǎn): 正方形的判定..
分析: 利用矩形、菱形、正方形之間的關(guān)系與區(qū)別,結(jié)合正方形的判定方法分別判斷得出即可.
解答: 解:A、∵四邊形ABCD是平行四邊形,
當(dāng)①AB=BC時(shí),平行四邊形ABCD是菱形,
當(dāng)②∠ABC=90°時(shí),菱形ABCD是正方形,故此選項(xiàng)錯(cuò)誤;
B、∵四邊形ABCD是平行四邊形,
∴當(dāng)②∠ABC=90°時(shí),平行四邊形ABCD是矩形,
當(dāng)AC=BD時(shí),這是矩形的性質(zhì),無(wú)法得出四邊形ABCD是正方形,故此選項(xiàng)正確;
C、∵四邊形ABCD是平行四邊形,
當(dāng)①AB=BC時(shí),平行四邊形ABCD是菱形,
當(dāng)③AC=BD時(shí),菱形ABCD是正方形,故此選項(xiàng)錯(cuò)誤;
D、∵四邊形ABCD是平行四邊形,
∴當(dāng)②∠ABC=90°時(shí),平行四邊形ABCD是矩形,
當(dāng)④AC⊥BD時(shí),矩形ABCD是正方形,故此選項(xiàng)錯(cuò)誤.
故選:B.
點(diǎn)評(píng): 此題主要考查了正方形的判定以及矩形、菱形的判定方法,正確掌握正方形的判定方法是解題關(guān)鍵.
23.(2015·山東濰坊第9 題3分)如圖,在△ABC中,AD平分∠BAC,按如下步驟作圖:
第一步,分別以點(diǎn)A、D為圓心,以大于AD的長(zhǎng)為半徑在AD兩側(cè)作弧,交于兩點(diǎn)M、N;
第二步,連接MN分別交AB、AC于點(diǎn)E、F;
第三步,連接DE、DF.
若BD=6,AF=4,CD=3,則BE的長(zhǎng)是( ?。?
A.
2
B.
4
C.
6
D.
8
考點(diǎn): 平行線分線段成比例;菱形的判定與性質(zhì);作圖—基本作圖..
分析: 根據(jù)已知得出MN是線段AD的垂直平分線,推出AE=DE,AF=DF,求出DE∥AC,DF∥AE,得出四邊形AEDF是菱形,根據(jù)菱形的性質(zhì)得出AE=DE=DF=AF,根據(jù)平行線分線段成比例定理得出=,代入求出即可.
解答: 解:∵根據(jù)作法可知:MN是線段AD的垂直平分線,
∴AE=DE,AF=DF,
∴∠EAD=∠EDA,
∵AD平分∠BAC,
∴∠BAD=∠CAD,
∴∠EDA=∠CAD,
∴DE∥AC,
同理DF∥AE,
∴四邊形AEDF是菱形,
∴AE=DE=DF=AF,
∵AF=4,
∴AE=DE=DF=AF=4,
∵DE∥AC,
∴=,
∵BD=6,AE=4,CD=3,
∴=,
∴BE=8,
故選D.
點(diǎn)評(píng): 本題考查了平行線分線段成比例定理,菱形的性質(zhì)和判定,線段垂直平分線性質(zhì),等腰三角形的性質(zhì)的應(yīng)用,能根據(jù)定理四邊形AEDF是菱形是解此題的關(guān)鍵,注意:一組平行線截兩條直線,所截得的對(duì)應(yīng)線段成比例.
24.(2015?甘肅蘭州,第7題,4分)下列命題錯(cuò)誤的是
A. 對(duì)角線互相垂直平分的四邊形是菱形 B. 平行四邊形的對(duì)角線互相平分
C. 矩形的對(duì)角線相等 D. 對(duì)角線相等的四邊形是矩形
【 答 案 】D
【考點(diǎn)解剖】本題考查特殊平行四邊形的性質(zhì)和判定
【解答過(guò)程】略
【題目星級(jí)】★★★
25.(2015?廣東梅州,第5題,3分)下列命題正確的是( ?。?
A.對(duì)角線互相垂直的四邊形是菱形
B.一組對(duì)邊相等,另一組對(duì)邊平等的四邊形是平行四邊形
C.對(duì)角線相等的四邊形是矩形
D.對(duì)角線互相垂直平分且相等的四邊形是正方形
考點(diǎn):命題與定理..
分析:根據(jù)矩形、菱形、平行四邊形的知識(shí)可判斷出各選項(xiàng),從而得出答案.
解答:解:A、對(duì)角線互相垂直的四邊形不一定是菱形,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤;
B、一組對(duì)邊相等,另一組對(duì)邊平行的四邊形不一定是平行四邊形,也可能是等腰梯形,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤;
C、對(duì)角線相等的四邊形不一定是矩形,例如等腰梯形,故本選項(xiàng)錯(cuò)誤;
D、對(duì)角線互相垂直平分且相等的四邊形是正方形,故本選項(xiàng)正確.
故選D.
點(diǎn)評(píng):本題主要考查了命題與定理的知識(shí),解答本題的關(guān)鍵是熟練掌握平行四邊形、菱形以及矩形的性質(zhì),此題難度不大.
26.(2015?甘肅蘭州,第10題,4分)如圖,菱形ABCD中,AB=4,∠B=60°,AE⊥BC,AF⊥CD,垂足分別為E,F(xiàn),連結(jié)EF,則△AEF的面積是
A. B. C. D.
【 答 案 】B
【考點(diǎn)解剖】本題考查了菱形和正三角形的性質(zhì)中的相關(guān)知識(shí)點(diǎn)
【知識(shí)準(zhǔn)備】菱形的四條邊相等,對(duì)角相等,對(duì)角線互相垂直平分;等腰三角形底邊上的高線平分底邊和頂角。
【思路點(diǎn)拔】由菱形的性質(zhì)以及現(xiàn)有條件,可得△AEF是正三角形,而正三角形的面積等于邊長(zhǎng)的平方的倍
【解答過(guò)程】連結(jié)AC和BD,并記它們的交點(diǎn)為G,則有AC⊥BD,且AG=CG,BG=CG,
△ABC中,AB=CB,∠ABC=60°,所以△ABC是正三角形,
正三角形△ABC中,AE和BG是中線,也是高線,可求得AE=BG=AB=,
△BCD中,因?yàn)镋,F(xiàn)分別是BC,CD的中點(diǎn),所以EF∥BD,且EF=BD= BG=,
記AC與EF的交點(diǎn)H,因?yàn)镋F∥BD,AC⊥BD,所以AH⊥EF,
且由相似形的性質(zhì),可得CH=CG=AC=1,則AH=AC-CH=4-1=3
則。
【題目星級(jí)】★★★★
27.(2015?安徽省,第9題,4分)如圖,矩形ABCD中,AB=8,BC=4.點(diǎn)E在邊AB上,點(diǎn)F在邊CD上,點(diǎn)G、H在對(duì)角線AC上.若四邊形EGFH是菱形,則AE的長(zhǎng)是[( )]
A.2 B.3 C.5 D.6
考點(diǎn):菱形的性質(zhì);矩形的性質(zhì)..
分析:連接EF交AC于O,由四邊形EGFH是菱形,得到EF⊥AC,OE=OF,由于四邊形ABCD是矩形,得到∠B=∠D=90°,AB∥CD,通過(guò)△CFO≌△AOE,得到AO=CO,求出AO=AC=2,根據(jù)△AOE∽△ABC,即可得到結(jié)果.
解答:解;連接EF交AC于O,
∵四邊形EGFH是菱形,
∴EF⊥AC,OE=OF,
∵四邊形ABCD是矩形,
∴∠B=∠D=90°,AB∥CD,
∴∠ACD=∠CAB,
在△CFO與△AOE中,,
∴△CFO≌△AOE,
∴AO=CO,
∵AC==4,
∴AO=AC=2,
∵∠CAB=∠CAB,∠AOE=∠B=90°,
∴△AOE∽△ABC,
∴,
∴,
∴AE=5.
故選C.
點(diǎn)評(píng):本題考查了菱形的性質(zhì),全等三角形的判定和性質(zhì),相似三角形的判定和性質(zhì),熟練運(yùn)用定理是解題的關(guān)鍵.
28. (2015山東省德州市,11,3分)如圖,AD是△ABC的角平分線,DE,DF分別是△ABD和△ACD的高,得到下面四個(gè)結(jié)論:
①OA=OD;
②AD⊥EF;
③當(dāng)∠A=90°時(shí),四邊形AEDF是正方形;
④AE2+DF2=AF2+DE2.其中正確的是( )
A. ②③ B. ②④ C. ①③④ D.②③④
第11題圖
【答案】D
考點(diǎn):角平分線的性質(zhì);正方形的判定方法;全等三角形的判定、勾股定理
考點(diǎn):幾何動(dòng)態(tài)問(wèn)題函數(shù)圖象
29.(2015?江蘇徐州,第7題3分)如圖,菱形中,對(duì)角線AC、BD交于點(diǎn)O,E為AD邊中點(diǎn),菱形ABCD的周長(zhǎng)為28,則OE的長(zhǎng)等于( )
A. 3.5 B. 4 C. 7 D. 14
考點(diǎn): 菱形的性質(zhì)..
分析: 根據(jù)菱形的四條邊都相等求出AB,再根據(jù)菱形的對(duì)角線互相平分可得OB=OD,然后判斷出OE是△ABD的中位線,再根據(jù)三角形的中位線平行于第三邊并且等于第三邊的一半求解即可.
解答: 解:∵菱形ABCD的周長(zhǎng)為28,
∴AB=28÷4=7,OB=OD,
∵E為AD邊中點(diǎn),
∴OE是△ABD的中位線,
∴OE=AB=×7=3.5.
故選A.
點(diǎn)評(píng): 本題考查了菱形的性質(zhì),三角形的中位線平行于第三邊并且等于第三邊的一半,熟記性質(zhì)與定理是解題的關(guān)鍵.
30.(2015?山東臨沂,第12題3分)如圖,四邊形ABCD為平行四邊形,延長(zhǎng)AD到E,使DE=AD,連接EB,EC,DB. 添加一個(gè)條件,不能使四邊形DBCE成為矩形的是( )
(A) AB=BE. (B) BE⊥DC. (C) ∠ADB=90°. (D) CE⊥DE.
【答案】B
考點(diǎn):矩形的判定
31. (2015?四川瀘州,第6題3分)菱形具有而平行四邊形不具有的性質(zhì)是
A.兩組對(duì)邊分別平行 B.兩組對(duì)角分別相等
C.對(duì)角線互相平分 D. 對(duì)角線互相垂直
考點(diǎn):菱形的性質(zhì);平行四邊形的性質(zhì)..
分析:根據(jù)菱形的特殊性質(zhì)可知對(duì)角線互相垂直.
解答:解:A、不正確,兩組對(duì)邊分別平行;
B、不正確,兩組對(duì)角分別相等,兩者均有此性質(zhì)正確,;
C、不正確,對(duì)角線互相平分,兩者均具有此性質(zhì);
D、菱形的對(duì)角線互相垂直但平行四邊形卻無(wú)此性質(zhì).
故選D.
點(diǎn)評(píng):此題主要考查了菱形的性質(zhì),關(guān)鍵是根據(jù)菱形對(duì)角線垂直及平行四邊形對(duì)角線平分的性質(zhì)的理解.
二.填空題
.(2015?江蘇無(wú)錫,第14題2分)如圖,已知矩形ABCD的對(duì)角線長(zhǎng)為8cm,E、F、G、H分別是AB、BC、CD、DA的點(diǎn),則四邊形EFGH的周長(zhǎng)等于 16 cm.
考點(diǎn): 點(diǎn)四邊形.
分析: 連接AC、BD,根據(jù)三角形的位線求HG、GF、EF、EH的長(zhǎng),再求四邊形EFGH的周長(zhǎng)即可.
解答: 解:如圖,連接C、BD,
∵四邊形ABCD是矩形,
∴AC=BD=8cm,
∵E、F、G、H分別是AB、BC、CD、DA的點(diǎn),
∴HG=EF=AC=4cm,EH=FG=BD=4cm,
∴四邊形EFGH的周長(zhǎng)等于4cm+4cm+4cm+4cm=16cm,
故答案為:16.
點(diǎn)評(píng): 本題考查了矩形的性質(zhì),三角形的位線的應(yīng)用,能求四邊形的各個(gè)邊的長(zhǎng)是解此題的關(guān)鍵,注意:矩形的對(duì)角線相等,三角形的位線平行于第三邊,并且等于第三邊的一半.
3, (2015?江蘇泰州,第16題3分)如圖, 矩形中,AB=8,BC=6,P為AD上一點(diǎn), 將△ABP 沿BP翻折至△EBP, PE與CD相交于點(diǎn)O,且OE=OD,則AP的長(zhǎng)為_(kāi)_________.
【答案】4.8.
【解析】
試題分析:由折疊的性質(zhì)得出EP=AP, ∠E=∠A=90°,BE=AB=8,由ASA證明△ODP≌△OEG,得出OP=OG,PD=GE,設(shè)AP=EP=x,則PD=GE=6-x,DG=x,求出CG、BG,根據(jù)勾股定理得出方程,解方程即可.
試題解析:如圖所示:
∵四邊形ABCD是矩形
∴∠D=∠A=∠C=90°,AD=BC=6,CD=AB=8
根據(jù)題意得:△ABP≌△EBP,
∴EP=AP,∠E=∠A=90°,BE=AB=8,
在△ODP和△OEG中
∴△ODP≌△OEG
∴OP=OG,PD=GE,
∴DG=EP
設(shè)AP=EP=x,則PD=GE=6-x,DG=x,
∴CG=8-x,BG=8-(6-x)=2+x
根據(jù)勾股定理得:BC2+CG2=BG2
即:62+(8-x)2=(x+2)2
解得:x=4.8
∴AP=4.8.
考點(diǎn):1.翻折變換(折疊問(wèn)題);2.勾股定理;3.矩形的性質(zhì).
4 .(2015?江蘇徐州,第17題3分)如圖,正方形ABCD的邊長(zhǎng)為1,以對(duì)角線AC為邊作第二個(gè)正方形,再以對(duì)角線AE為邊作第三個(gè)正方形AEGH,如此下去,第n個(gè)正方形的邊長(zhǎng)為?。ǎ﹏﹣1 .
考點(diǎn): 正方形的性質(zhì)..
專題: 規(guī)律型.
分析: 首先求出AC、AE、HE的長(zhǎng)度,然后猜測(cè)命題中隱含的數(shù)學(xué)規(guī)律,即可解決問(wèn)題.
解答: 解:∵四邊形ABCD為正方形,
∴AB=BC=1,∠B=90°,
∴AC2=12+12,AC=;
同理可求:AE=()2,HE=()3…,
∴第n個(gè)正方形的邊長(zhǎng)an=()n﹣1.
故答案為()n﹣1.
點(diǎn)評(píng): 該題主要考查了正方形的性質(zhì)、勾股定理及其應(yīng)用問(wèn)題;應(yīng)牢固掌握正方形有關(guān)定理并能靈活運(yùn)用.
5.(4分)((2015?山東日照 ,第14題3分))邊長(zhǎng)為1的一個(gè)正方形和一個(gè)等邊三角形如圖擺放,則△ABC的面積為 ?。?
考點(diǎn): 正方形的性質(zhì);等邊三角形的性質(zhì);含30度角的直角三角形..
分析: 過(guò)點(diǎn)C作CD和CE垂直正方形的兩個(gè)邊長(zhǎng),再利用正方形和等邊三角形的性質(zhì)得出CE的長(zhǎng),進(jìn)而得出△ABC的面積即可.
解答: 解:過(guò)點(diǎn)C作CD和CE垂直正方形的兩個(gè)邊長(zhǎng),如圖,
∵一個(gè)正方形和一個(gè)等邊三角形的擺放,
∴四邊形DBEC是矩形,
∴CE=DB=,
∴△ABC的面積=AB?CE=×1×=,
故答案為:.
點(diǎn)評(píng): 此題考查正方形的性質(zhì),關(guān)鍵是根據(jù)正方形和等邊三角形的性質(zhì)得出BE和CE的長(zhǎng).
6.(2015?四川廣安,第15題3分)如圖,已知E、F、G、H分別為菱形ABCD四邊的中點(diǎn),AB=6cm,∠ABC=60°,則四邊形EFGH的面積為 9 cm2.
考點(diǎn): 中點(diǎn)四邊形;菱形的性質(zhì)..
分析: 連接AC、BD,首先判定四邊形EFGH的形狀為矩形,然后根據(jù)菱形的性質(zhì)求出AC與BD的值,進(jìn)而求出矩形的長(zhǎng)和寬,然后根據(jù)矩形的面積公式計(jì)算其面積即可.
解答: 解:連接AC,BD,相交于點(diǎn)O,如圖所示,
∵E、F、G、H分別是菱形四邊上的中點(diǎn),
∴EH=BD=FG,EH∥BD∥FG,
EF=AC=HG,
∴四邊形EHGF是平行四邊形,
∵菱形ABCD中,AC⊥BD,
∴EF⊥EH,
∴四邊形EFGH是矩形,
∵四邊形ABCD是菱形,∠ABC=60°,
∴∠ABO=30°,
∵AC⊥BD,
∴∠AOB=90°,
∴AO=AB=3,
∴AC=6,
在Rt△AOB中,由勾股定理得:OB==3,
∴BD=6,
∵EH=BD,EF=AC,
∴EH=3,EF=3,
∴矩形EFGH的面積=EF?FG=9cm2.
故答案為:9.
點(diǎn)評(píng): 本題考查了中點(diǎn)四邊形和菱形的性質(zhì),解題的關(guān)鍵是判定四邊形EFGH的形狀為矩形.
7. (2015?四川省內(nèi)江市,第24題,6分)如圖,正方形ABCD的邊CD在正方形ECGF的邊CE上,O是EG的中點(diǎn),∠EGC的平分線GH過(guò)點(diǎn)D,交BE于點(diǎn)H,連接OH,F(xiàn)H,EG與FH交于點(diǎn)M,對(duì)于下面四個(gè)結(jié)論:①CH⊥BE;②HOBG;③S正方形ABCD:S正方形ECGF=1:;④EM:MG=1:(1+),其中正確結(jié)論的序號(hào)為 ②?。?
考點(diǎn): 四邊形綜合題..
分析: 證明△BCE≌△DCG,即可證得∠BEC=∠DGC,然后根據(jù)三角形的內(nèi)角和定理證得∠EHG=90°,則HG⊥BE,然后證明△BGH≌△EGH,則H是BE的中點(diǎn),則OH是△BGE的中位線,根據(jù)三角形的中位線定理即可判斷②.根據(jù)△DHN∽△DGC求得兩個(gè)三角形的邊長(zhǎng)的比,則③④即可判斷.
解答: 解:∵四邊形ABCD是正方形,
∴BC=DC,∠BCE=90°,
同理可得CE=CG,∠DCG=90°,
在△BCE和△DCG中,
,
∴△BCE≌△DCG,
∴∠BEC=∠DGC,
∵∠EDH=∠CDG,∠DGC+∠CDG=90°,
∴∠EDH+∠BEC=90°,
∴∠EHD=90°,
∴HG⊥BE,則CH⊥BE錯(cuò)誤,
則故①錯(cuò)誤;
∵在△BGH和△EGH中,,
∴△BGH≌△EGH,
∴BH=EH,
又∵O是EG的中點(diǎn),
∴HOBG,
故②正確;
設(shè)EC和OH相交于點(diǎn)N.
設(shè)HN=a,則BC=2a,設(shè)正方形ECGF的邊長(zhǎng)是2b,則NC=b,CD=2a,
∵OH∥BC,
∴△DHN∽△DGC,
∴,即,即a2+2ab﹣b2=0,
解得:a=或a=(舍去),
則,
則S正方形ABCD:S正方形ECGF=()2=,故③錯(cuò)誤;
∵EF∥OH,
∴△EFM∽△OMH,
∴=,
∴,
∴===.故④錯(cuò)誤.
故正確的是②.
故答案是:②.
點(diǎn)評(píng): 本題考查了正方形的性質(zhì),以及全等三角形的判定與性質(zhì),相似三角形的判定與性質(zhì),正確求得兩個(gè)三角形的邊長(zhǎng)的比是解決本題的關(guān)鍵.
8. (2015?四川省宜賓市,第12題,3分)如圖,在菱形ABCD中,點(diǎn)P是對(duì)角線AC上的一點(diǎn),PE⊥AB于點(diǎn)E,若PE=3,則點(diǎn)P到AD的距離為 .321·cn·jy·com
9, (2015?四川省宜賓市,第16題,3分)如圖,在正方形ABC'D中,△BPC是等邊三角形,BP、CP的延長(zhǎng)線分別交AD于點(diǎn)E、F,連結(jié)BD、DP,BD與CF相交于點(diǎn)H.
給出下列結(jié)論:①△ABE≌△DCF;② = ;③DP2=PH·PB;④ = .
其中正確的是 (寫(xiě)出所有正確結(jié)論的序號(hào)). ①③④
10,(2015上海,第16題4分)已知E是正方形ABCD的對(duì)角線AC上一點(diǎn),AE=AD,過(guò)點(diǎn)E作AC的垂線,交邊CD于點(diǎn)F,那么∠FAD=________度.
【答案】22.5.
【解析】
11.(2015·南寧,第16題3分)如圖7,在正方形ABCD的外側(cè),作等邊△ADE,則BED的度數(shù)是 .
考點(diǎn):正方形的性質(zhì);等邊三角形的性質(zhì)..
分析:根據(jù)正方形的性質(zhì),可得AB與AD的關(guān)系,∠BAD的度數(shù),根據(jù)等邊三角形的性質(zhì),可得AE與AD的關(guān)系,∠AED的度數(shù),根據(jù)等腰三角形的性質(zhì),可得∠AEB與∠ABE的關(guān)系,根據(jù)三角形的內(nèi)角和,可得∠AEB的度數(shù),根據(jù)角的和差,可得答案.
解答:解:∵四邊形ABCD是正方形,
∴AB=AD,∠BAD=90°.
∵等邊三角形ADE,
∴AD=AE,∠DAE=∠AED=60°.
∠BAE=∠BAD+∠DAE=90°+60°=150°,
AB=AE,
∠AEB=∠ABE=(180°﹣∠BAE)÷2=15°,
∠BED=∠DAE﹣∠AEB=60°﹣15°=45°,
故答案為:45°.
點(diǎn)評(píng):本題考查了正方形的性質(zhì),先求出∠BAE的度數(shù),再求出∠AEB,最后求出答案.
12. (2015·河南,第15題3分)如圖,正方形ABCD的邊長(zhǎng)是16,點(diǎn)E在邊AB上,AE=3,
點(diǎn)F是邊BC上不與點(diǎn)B、C重合的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),把△EBF沿
EF折疊,點(diǎn)B落在B′處,若△CDB′恰為等腰三角形,則
DB′的長(zhǎng)為 .
E
F
C
D
B
A
第15題
B′
【分析】若△CD恰為等腰三角形,判斷以CD為腰或?yàn)榈走叿譃槿N情況:①DB′=DC;②CB′=CD;③CB′=DB′,針對(duì)每一種情況利用正方形和折疊的性質(zhì)進(jìn)行分析求解.
16或【解析】本題考查正方形、矩形的性質(zhì)和勾股定理的運(yùn)用,以及分類討論思想..根據(jù)題意,若△CD恰為等腰三角形需分三種情況討論:(1)若DB′=DC時(shí),則DB′=16(易知點(diǎn)F在BC上且不與點(diǎn)C、B重合) ;(2)當(dāng)CB′=CD時(shí),∵EB=EB′,CB=CB′∴點(diǎn)E、C在BB′的垂直平分線上,∴EC垂直平分BB′,由折疊可知點(diǎn)F與點(diǎn)C重合,不符合題意,舍去;(3)如解圖,當(dāng)CB′=DB′時(shí),作BG⊥AB與點(diǎn)G,交CD于點(diǎn)H.∵AB∥CD,
∴B′H⊥CD,∵CB′=DB′,∴DH=CD=8,∴AG=DH=8,∴GE=AG-AE=5,在Rt△B′EG中,由勾股定理得B′G=12,∴B′H=GH-B′G=4.在Rt△B′DH中,由勾股定理得DB′=,綜上所述DB′=16或.
第15題解圖
13. (2015·黑龍江綏化,第18題 分)如圖正方形ABCD的對(duì)角線相交于點(diǎn)O ,△CEF是正三角形,則∠CEF=__________.
考點(diǎn):全等三角形的判定與性質(zhì);等邊三角形的性質(zhì);正方形的性質(zhì)..
分析:根據(jù)正方形、等邊三角形的性質(zhì),可得AO=BO,OE=OF,根據(jù)SSS可得△AOE≌△BOF,根據(jù)全等三角形的性質(zhì),可得對(duì)應(yīng)角相等,根據(jù)角的和差,可得答案.
解答:解:∵四邊形ABCD是正方形,
∴OA=OB,∠AOB=90°.
∵△OEF是正三角形,
∴OE=OF,∠EOF=60°.
在△AOE和△BOF中,
,
∴△AOE≌△BOF(SSS),
∴∠AOE=∠BOF,
∴∠AOE=(∠AOB﹣∠EOF)÷2
=(90°﹣60°)÷2
=15°,
故答案為15°.
點(diǎn)評(píng):本題考查了全等三角形的性質(zhì)與判定,正方形、等邊三角形的性質(zhì),利用SSS證明三角形全等得出∠AOE=∠BOF是解題的關(guān)鍵.
14.(2015呼和浩特,13,3分)如圖,四邊形 ABCD是菱形, E、F、G、H分別是各邊的中點(diǎn),隨機(jī)地向菱形ABCD內(nèi)擲一粒米,則米粒落到陰影區(qū)域內(nèi)的概率是__________.
考點(diǎn)分析:概率初步——結(jié)合其他考點(diǎn)(轉(zhuǎn)化思想) 特殊四邊形的性質(zhì) 特殊代替一般
詳解:
概率初步結(jié)合其他幾何知識(shí)的考點(diǎn)有:面積比、點(diǎn)坐標(biāo)存在、幾何中充分條件等。一般而言難度不高。本題考查的是面積比,正規(guī)作法是連接HF,如右圖。易證AH與BF平行且相等,所以四邊形AHFB是平行四邊形,那么不管E是否為AB的中點(diǎn),S△HEF=S□AHFB,(同底等高),同理可證S△HGF=S□HDCF,所以陰影部分的面積占整個(gè)菱形面積的一半。
講過(guò),比平行四邊形特殊的是菱形和矩形,比菱形特殊的是正方形。當(dāng)客觀題中出現(xiàn)菱形,且沒(méi)有說(shuō)對(duì)角線是否相等,那么你完全可以按照正方形處理,這就是本例的一個(gè)小應(yīng)用。想讓同學(xué)記住的是,本例用這個(gè)方法意義不大,因?yàn)槟阒灰邆湟欢〝?shù)學(xué)思想,眼里畫(huà)上給出的HF,在轉(zhuǎn)轉(zhuǎn)眼珠,答案就出來(lái)了,所以教你的東西可以在以后的類似有比值呀、定值呀的題目中使用。
如右圖的正方形,一個(gè)中心十字,面積比一目了然,當(dāng)然你腦子足夠快的話,這個(gè)十字可以不畫(huà),其實(shí)拿到題目第一時(shí)間就是把它看成正方形,之后馬上得出正確結(jié)論。
15.(2015?廣東省,第12題,4分)如圖,菱形ABCD的邊長(zhǎng)為6,∠ABC=60°,則對(duì)角線AC的長(zhǎng)是 ▲ .
【答案】6.
【考點(diǎn)】菱形的性質(zhì);等邊三角形的判定和性質(zhì).
【分析】∵四邊形ABCD是菱形,∴AB=BC=6.
∵∠ABC=60°,∴△ABC為等邊三角形,∴AC=AB=BC=6.
16. (2015?浙江濱州,第14題4分)如圖,菱形ABCD的邊長(zhǎng)為15,sin∠BAC=,則對(duì)角線AC的長(zhǎng)為 .
【答案】24
考點(diǎn):菱形的性質(zhì),解直角三角形
17.(2015?廣東梅州,第14題,3分)如圖,將矩形紙片ABCD折疊,使點(diǎn)A與點(diǎn)C重合,折痕為EF,若AB=4,BC=2,那么線段EF的長(zhǎng)為 ?。?
考點(diǎn):翻折變換(折疊問(wèn)題)..
分析:如圖,AC交EF于點(diǎn)O,由勾股定理先求出AC的長(zhǎng)度,根據(jù)折疊的性質(zhì)可判斷出RT△EOC∽R(shí)T△ABC,從而利用相似三角形的對(duì)應(yīng)邊成比例可求出OE,再由EF=2OE可得出EF的長(zhǎng)度
解答:解:如圖所示,AC交EF于點(diǎn)O,
由勾股定理知AC=2,
又∵折疊矩形使C與A重合時(shí)有EF⊥AC,
則Rt△AOE∽R(shí)t△ABC,
∴,
∴OE=
故EF=2OE=.
故答案為:.
點(diǎn)評(píng):此題考查了翻折變換、勾股定理及矩形的性質(zhì),難度一般,解答本題的關(guān)鍵是判斷出RT△AOE∽R(shí)T△ABC,利用相似三角形的性質(zhì)得出OE的長(zhǎng).
18. (2015?浙江湖州,第15題4分)如圖,已知拋物線C1:y=a1x2+b1x+c1和C2:y=a2x2+b2x+c2都經(jīng)過(guò)原點(diǎn),頂點(diǎn)分別為A,B,與x軸的另一個(gè)交點(diǎn)分別為M、N,如果點(diǎn)A與點(diǎn)B,點(diǎn)M與點(diǎn)N都關(guān)于原點(diǎn)O成中心對(duì)稱,則拋物線C1和C2為姐妹拋物線,請(qǐng)你寫(xiě)出一對(duì)姐妹拋物線C1和C2,使四邊形ANBM恰好是矩形,你所寫(xiě)的一對(duì)拋物線解析式是_______________________和_________________________
【答案】,(答案不唯一,只要符合條件即可).
【解析】
試題分析:因點(diǎn)A與點(diǎn)B,點(diǎn)M與點(diǎn)N都關(guān)于原點(diǎn)O成中心對(duì)稱,所以把拋物線C2看成拋物線C1以點(diǎn)O為旋轉(zhuǎn)中心旋轉(zhuǎn)180°得到的,由此即可知a1,a2互為相反數(shù),拋物線C1和C2的對(duì)稱軸直線關(guān)于y軸對(duì)稱,由此可得出b1=b2. 拋物線C1和C2都經(jīng)過(guò)原點(diǎn),可得c1=c2,設(shè)點(diǎn)A(m,n),由題意可知B(-m,-n),由勾股定理可得.由圖象可知MN=︱4m︱,又因四邊形ANBM是矩形,所以AB=MN,即,解得,設(shè)拋物線的表達(dá)式為,任意確定m的一個(gè)值,根據(jù)確定n的值,拋物線過(guò)原點(diǎn)代入即可求得表達(dá)式,然后在確定另一個(gè)表達(dá)式即可.l例如,當(dāng)m=1時(shí),n=,拋物線的表達(dá)式為,把x=0,y=0代入解得a=,即,所以另一條拋物線的表達(dá)式為.
考點(diǎn):旋轉(zhuǎn)、矩形、二次函數(shù)綜合題
19. (2015?浙江湖州,第16題4分)已知正方形ABC1D1的邊長(zhǎng)為1,延長(zhǎng)C1D1到A1,以A1C1為邊向右作正方形A1C1C2D2,延長(zhǎng)C2D2到A2,以A2C2為邊向右作正方形A2C2C3D3(如圖所示),以此類推…,若A1C1=2,且點(diǎn)A,D2, D3,…,D10都在同一直線上,則正方形A9C9C10D10的邊長(zhǎng)是__________________________
【答案】.
考點(diǎn):正方形的性質(zhì);相似三角形的判定及性質(zhì);規(guī)律探究題.
20. (2015?浙江麗水,第15題4分)如圖,四邊形ABCD與四邊形AECF都是菱形,點(diǎn)E,F(xiàn)在BD上,已知∠BAD=120°,∠EAF=30°,則= ▲ .
【答案】.
【考點(diǎn)】菱形的性質(zhì);等腰直角三角形和含30度角直角三角形的性質(zhì);特殊元素法的應(yīng)用.
【分析】如答圖,過(guò)點(diǎn)E作EH⊥AB于點(diǎn)H,
∵四邊形ABCD與四邊形AECF都是菱形,∠BAD=120°,∠EAF=30°,
∴∠ABE=30°,∠BAE=45°.
不妨設(shè),
∴在等腰中,;在中,.
∴. ∴.
21 ,(2015?浙江寧波,第15題4分)命題“對(duì)角線相等的四邊形是矩形”是 ▲ 命題(填“真”或“假”)
【答案】假.
【考點(diǎn)】命題的真假判定;矩形的判定.
【分析】根據(jù)矩形的判定,對(duì)角線相等的平行四邊形才是矩形,而對(duì)角線相等的四邊形也可能是等腰梯形等,故命題“對(duì)角線相等的四邊形是矩形”是假命題.
22.(2015湖北荊州第17題3分)如圖,將一張邊長(zhǎng)為6cm的正方形紙片按虛線裁剪后,恰好圍成底面是正六邊形的棱柱,則這個(gè)六棱柱的側(cè)面積為 36﹣12 cm2.
考點(diǎn): 展開(kāi)圖折疊成幾何體.
分析: 這個(gè)棱柱的側(cè)面展開(kāi)正好是一個(gè)長(zhǎng)方形,長(zhǎng)為6,寬為6減去兩個(gè)六邊形的高,再用長(zhǎng)方形的面積公式計(jì)算即可求得答案.
解答: 解:∵將一張邊長(zhǎng)為6的正方形紙片按虛線裁剪后,恰好圍成一個(gè)底面是正六邊形的棱柱,
∴這個(gè)正六邊形的底面邊長(zhǎng)為1,高為,
∴側(cè)面積為長(zhǎng)為6,寬為6﹣2的長(zhǎng)方形,
∴面積為:6×(6﹣2)=36﹣12.
故答案為:36﹣12.
點(diǎn)評(píng): 此題主要考查了正方形的性質(zhì)、矩形的性質(zhì)以及剪紙問(wèn)題的應(yīng)用.此題難度不大,注意動(dòng)手操作拼出圖形,并能正確進(jìn)行計(jì)算是解答本題的關(guān)鍵.
三.解答題
1. (2015?浙江嘉興,第19題8分)如圖,正方形ABCD中,點(diǎn)E,F(xiàn)分別在邊AB,BC上,AF=DE,AF和DE相交于點(diǎn)G.
(1)觀察圖形,寫(xiě)出圖中所有與∠AED相等的角.
(2)選擇圖中與∠AED相等的任意一個(gè)角,并加以證明.
考點(diǎn):全等三角形的判定與性質(zhì);正方形的性質(zhì)..
分析:(1)由圖示得出∠DAG,∠AFB,∠CDE與∠AED相等;
(2)根據(jù)SAS證明△DAE與△ABF全等,利用全等三角形的性質(zhì)即可證明.
解答:解:(1)由圖可知,∠DAG,∠AFB,∠CDE與∠AED相等;
(2)選擇∠DAG=∠AED,證明如下:
∵正方形ABCD,
∴∠DAB=∠B=90°,AD=AB,
∵AF=DE,
在△DAE與△ABF中,
,
∴△DAE≌△ABF(SAS),
∴∠ADE=∠BAF,
∵∠DAG+∠BAF=90°,∠GDA+∠AED=90°,
∴∠DAG=∠AED.
點(diǎn)評(píng):此題考查全等三角形的判定和性質(zhì),關(guān)鍵是根據(jù)SAS證明△DAE與△ABF全等.
2. (2015?浙江嘉興,第24題14分)類比等腰三角形的定義,我們定義:有一組鄰邊相等的凸四邊形叫做“等鄰邊四邊形”.
(1)概念理解
如圖1,在四邊形ABCD中,添加一個(gè)條件使得四邊形ABCD是“等鄰邊四邊形”.請(qǐng)寫(xiě)出你添加的一個(gè)條件.
(2)問(wèn)題探究
①小紅猜想:對(duì)角線互相平分的“等鄰邊四邊形”是菱形.她的猜想正確嗎?請(qǐng)說(shuō)明理由。
②如圖2,小紅畫(huà)了一個(gè)Rt△ABC,其中∠ABC=90°,AB=2,BC=1,并將Rt△ABC沿
∠ABC的平分線BB'方向平移得到△A'B'C',連結(jié)AA',BC'.小紅要是平移后的四邊形ABC'A'是“等鄰邊四邊形”,應(yīng)平移多少距離(即線段BB'的長(zhǎng))?
(3)應(yīng)用拓展
如圖3,“等鄰邊四邊形”ABCD中,AB=AD,∠BAD+∠BCD