2017-2018學(xué)年度高一下學(xué)期期末考試物理科試卷時(shí)間：90分鐘 滿分：100分 第I卷一、選擇題:共12小題，每小題4分，共48分。第18題單選，第912題多選。選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.下列關(guān)于力對(duì)物體做功以及力的沖量說(shuō)法正確的是 A.合力對(duì)物體不做功,則合力一定為零B.合力對(duì)物體不做功,則合力的沖量也一定為零C.一對(duì)作用力和反作用力的沖量之和一定為零D.一對(duì)作用力和反作用力對(duì)物體做功的代數(shù)和一定為零2.如圖所示，質(zhì)量為60kg的某運(yùn)動(dòng)員在做俯臥撐運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中可將她的身體視為一根直棒，已知重心在C點(diǎn)，其垂線與腳，兩手連線中點(diǎn)間的距離Oa、ob分別為0.9m和0.6m，若她在1min內(nèi)做了30個(gè)俯臥撐，每次肩部上升的距離均為0.4m，則克服重力做功和相應(yīng)的功率為A. 430J，7WB. 4300J，70WC. 720J，12WD. 7200J，120W3.從國(guó)家海洋局獲悉，2018年我國(guó)將發(fā)射3顆海洋衛(wèi)星，它們將在地球上方約500 km高度的軌道上運(yùn)行，由于軌道經(jīng)過(guò)地球兩極上空，所以該衛(wèi)星又稱(chēng)為極地軌道衛(wèi)星。下列說(shuō)法中正確的是A海洋衛(wèi)星的軌道平面與地球同步軌道平面垂直B海洋衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期可能為24 hC海洋衛(wèi)星的動(dòng)能一定大于地球同步衛(wèi)星的動(dòng)能D海洋衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的半徑的三次方與周期二次方的比等于地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的半徑的三次方與周期二次方的比 4. 如圖所示，實(shí)線為一點(diǎn)電荷Q建立的電場(chǎng)中的幾條電場(chǎng)線（方向未標(biāo)出），虛線為一電子在電場(chǎng)中從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的軌跡。若電子在運(yùn)動(dòng)中只受電場(chǎng)力的作用，則下列判斷正確的是A.建立電場(chǎng)的點(diǎn)電荷Q帶負(fù)電B.粒子在M點(diǎn)的加速度比在N點(diǎn)的加速度大C.粒子在M點(diǎn)的速度比在N點(diǎn)的速度大D. 粒子在M點(diǎn)的電勢(shì)能比在N點(diǎn)的電勢(shì)能大5.如圖,在下列不同情形中將光滑小球以相同速率v射出,忽略空氣阻力,結(jié)果只有一種情形小球不能到達(dá)天花板,則該情形是A. AB. BC. CD. D 6.如圖所示，a、b、c、d是在地球大氣層外的圓形軌道上運(yùn)行的四顆人造衛(wèi)星。其中a、c的軌道相交于P，b、d在同一個(gè)圓軌道上，b、c軌道在同一平面上。某時(shí)刻四顆衛(wèi)星的運(yùn)行方向及位置如圖所示，下列說(shuō)法中正確的是A.a、c的加速度大小相等，且小于b的加速度B. a、c的角速度大小相等，且大于b的角速度C. b、d的線速度大小相等，且大于a的線速度D. a、c存在在P點(diǎn)相撞的危險(xiǎn)7. 圖中A、B、C三點(diǎn)都在勻強(qiáng)電場(chǎng)中，已知AC垂直BC，角ABC=60O ，BC=20cm。把一個(gè)電量q=10-5C的正電荷從A移到B，電場(chǎng)力做功為零；從B移到C，電場(chǎng)力做功為-1.7310-3J，則該勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小和方向是A. 865 V/m，垂直AC向左B. 865 V/m，垂直AC向右C. 1000 V/m，垂直AB斜向上D. 1000 V/m，垂直AB斜向下8.如圖所示，由粗糙的水平桿AO與光滑的豎直桿BO組成的絕緣直角支架，在AO桿、BO桿上套有帶正電的小球P、Q，兩個(gè)小球恰能在某一位置平衡?，F(xiàn)將P緩慢地向左移動(dòng)一小段距離，兩球再次達(dá)到平衡。若小球所帶電量不變，與移動(dòng)前相比A. 桿BO對(duì)Q的彈力減小B. 桿AO對(duì)P的彈力減小C. 桿AO對(duì)P的摩擦力增大D. P、Q之間的距離增大9.如圖所示是2016年里約奧運(yùn)會(huì)中易建聯(lián)投球的照片。若在某次投籃中將球由靜止快速出手,籃球不碰籃筐直接入網(wǎng),已知出手時(shí)籃球距地面高度為,出手過(guò)程中手對(duì)籃球做功為,籃筐距地面高度為,籃球質(zhì)量為.不及空氣阻力,籃球可看成質(zhì)點(diǎn),則籃球 A.出手時(shí)的速率為 B.進(jìn)筐時(shí)的動(dòng)能為 C.從靜止到進(jìn)筐的過(guò)程中,機(jī)械能的增量為 D.從出手到進(jìn)筐的過(guò)程中,運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為 10.在光滑水平面上A、B兩小車(chē)中間有一彈簧(不連接)，如圖所示，用手抓住小車(chē)并將彈簧壓縮后使小車(chē)處于靜止?fàn)顟B(tài)，將兩小車(chē)及彈簧看作一個(gè)系統(tǒng)，下列說(shuō)法中正確的是 A. 兩手同時(shí)放開(kāi)后，系統(tǒng)總動(dòng)量始終為零B. 先放開(kāi)左手，再放開(kāi)右手后，動(dòng)量不守恒C. 先放開(kāi)左手，后放開(kāi)右手，總動(dòng)量向左D. 無(wú)論何時(shí)放手，兩手放開(kāi)后，在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，系統(tǒng)總動(dòng)量都保持不變，但系統(tǒng)的總動(dòng)量不一定為零 11. 如圖所示，兩面積較大、正對(duì)著的平行極板A、B水平放置，極板上帶有等量異種電荷。其中A極板用絕緣線懸掛，B極板固定且接地，P點(diǎn)為兩極板的中間位置。下列結(jié)論正確的是A. 若在兩極板間加上某種絕緣介質(zhì)，A、B兩板所帶電荷量會(huì)增大B. AB兩極板電荷分別在P點(diǎn)產(chǎn)生電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相同C. 若將A極板豎直向上平移一小段距離，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度將增大D. 若將A極板豎直向下平移一小段距離，原P點(diǎn)位置的電勢(shì)將不變 12.完全相同的甲、乙兩個(gè)物體放在相同的水平面上，分別在水平拉力F1、F2作用下，由靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，分別經(jīng)過(guò)t0和4t0，速度分別達(dá)到2v0和v0，然后撤去F1、F2、，甲、乙兩物體繼續(xù)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)直到靜止，其速度隨時(shí)間變化情況如圖所示，則：A. 若F1、F2作用時(shí)間內(nèi)甲、乙兩物體的位移分別為S1、S2，則S1S2B. 若整個(gè)過(guò)程中甲、乙兩物體的位移分別為 S1、S2，則S1S2C. 若、所做的功分別為W1,W2，則W1W2D. 若、的沖量分別為I1,I2，則I1I2 第II卷（非選擇題）二、填空題（13題4分，14題8分，共12分）13在用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)中，質(zhì)量m1.00kg的重物自由下落，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出一系列點(diǎn)如圖所示為選取的一條符合實(shí)驗(yàn)要求的紙帶，O為第一個(gè)點(diǎn)，A、B、C為從合適位置開(kāi)始選取的三個(gè)連續(xù)點(diǎn)(其他點(diǎn)未畫(huà)出)已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器每隔0.02s打一次點(diǎn)，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭9.80m/s2.那么：(1)紙帶的_端(選填“左”或“右”)與重物相連；(2)根據(jù)圖上所得的數(shù)據(jù)，從O點(diǎn)到B點(diǎn)，重物重力勢(shì)能減少量Ep_J，動(dòng)能增加量Ek_J(結(jié)果取3位有效數(shù)字)；(3)實(shí)驗(yàn)的結(jié)論是_。14某學(xué)習(xí)興趣小組的同學(xué)為了驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，分別用如下圖的三種實(shí)驗(yàn)實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)探究，圖中斜槽末端均水平。(1)用圖甲和圖乙所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則_A. B. C. D.(2)用圖甲所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，入射小球與被碰小球均為彈性小球，第一次實(shí)驗(yàn)小球的落點(diǎn)位置如圖用所標(biāo)示的字母所示，第二次實(shí)驗(yàn)將兩小球的質(zhì)量改為相等，則碰撞后入射小球的位置位于_，被碰小球位置位于_。(3)在用圖乙所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)(P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置)，設(shè)入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，所得“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”的結(jié)論為(用裝置圖中的字母表示)_。(4)用如圖丙所示裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，用輕質(zhì)細(xì)線將小球1懸掛于0點(diǎn)，使小球1的球心到懸點(diǎn)0的距離為L(zhǎng)，被碰小球2放在光滑的水平桌面上的B點(diǎn).將小球1從右方的A點(diǎn)(OA與豎直方向的夾角為)由靜止釋放，擺到最低點(diǎn)時(shí)恰與小球2發(fā)生正碰，碰撞后，小球1繼續(xù)向左運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)，小球2落到水平地面上到桌面邊緣水平距離為x的D點(diǎn)。實(shí)驗(yàn)中已經(jīng)測(cè)得上述物理量中的a、L、x，為了驗(yàn)證兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，已知小球1的質(zhì)量m1，小球2的質(zhì)量m2，還應(yīng)該測(cè)量的物理量有_。 三、計(jì)算題（共40分） 15.（10分）如圖所示，一質(zhì)量為的帶電小球，用長(zhǎng)為的絕緣細(xì)線懸掛在場(chǎng)強(qiáng)大小為E、方向水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，靜止時(shí)懸線與豎直方向成角，重力加速度大小為g（1）指出小球所帶電荷的電性；（2）求小球所帶電荷量的大??；（3）若將細(xì)線突然剪斷，求小球運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小 16. （14分）如圖所示,半徑R=2.5m的豎直半圓光滑軌道在B點(diǎn)與水平面平滑連接,一個(gè)質(zhì)量m=0.50kg的小滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))靜止在A點(diǎn).一瞬時(shí)沖量使滑塊以一定的初速度從A點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng),經(jīng)B點(diǎn)進(jìn)入圓軌道,沿圓軌道運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)C,并從C點(diǎn)水平飛出,落在水平面上的D點(diǎn).經(jīng)測(cè)量,D、B間的距離s1=10m,A、B間的距離s2=15m,滑塊與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù),重力加速度.求:(1)滑塊通過(guò)C點(diǎn)時(shí)的速度大小; (2)滑塊剛進(jìn)入圓軌道時(shí),在B點(diǎn)軌道對(duì)滑塊的彈力;(3)滑塊在A點(diǎn)受到的瞬時(shí)沖量的大小. 17. （16分）如圖（a）所示，A、B為兩塊平行金屬板，極板間電壓為UAB=1125V，板中央有小孔O和O現(xiàn)有足夠多的電子源源不斷地從小孔O由靜止進(jìn)入A、B之間在B板右側(cè)，平行金屬板M、N長(zhǎng)L1=4102m，板間距離d=4103m，在距離M、N右側(cè)邊緣L2=0.1m處有一熒光屏P，當(dāng)M、N之間未加電壓時(shí)電子沿M板的下邊沿穿過(guò)，打在熒光屏上的O并發(fā)出熒光現(xiàn)給金屬板M、N之間加一個(gè)如圖（b）所示的變化電壓u1，在t=0時(shí)刻，M板電勢(shì)低于N板已知電子質(zhì)量為kg，電量為e=1.61019C（1）每個(gè)電子從B板上的小孔O射出時(shí)的速度多大？（2）打在熒光屏上的電子范圍是多少？（3）打在熒光屏上的電子的最大動(dòng)能是多少？ 2017-2018學(xué)年度高一下學(xué)期期末考試物理科試卷答案一、選擇題:共12小題，每小題4分。第18題單選，第912題多選。選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1. C 2. B 3. A 4. D 5. B 6. B 7. D 8. C 9.AC 10.ACD 11. BD 12.BC詳解1.答案C解:A、如果合力對(duì)物體做的功為零,可能是合力與速度方向垂直,但是合力不一定為零,比如勻速圓周運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò)誤.B、合力對(duì)物體不做功,可能是力與速度方向相互垂直,但合力不一定為零,則沖量不一定為零,故B錯(cuò)誤;C、因作用力和反作用力等大反向,根據(jù)可以知道,一對(duì)作用力和反作用力的沖量之和一定為零,所以C選項(xiàng)是正確的;D、作用力與反作用力的特征是:等大反向,作用在兩個(gè)物體上,可以都做正功,也可能都做負(fù)功,故做功的代數(shù)和不一定為零,故D錯(cuò)誤.所以C選項(xiàng)是正確的. 2.答案B解:設(shè)重心上升高度為h，根據(jù)幾何知識(shí)可得，解得h=0.24m，故做一次俯臥撐克服重力做功為mgh=144J，所以一分鐘克服重力做功為W=30144J=4320J，功率約為，故B正確3. 解: A. 海洋衛(wèi)星經(jīng)過(guò)地球兩極上空，而地球的同步衛(wèi)星軌道在地球赤道平面內(nèi)，所以兩軌道平面相互垂直，故A正確；B. 海洋衛(wèi)星的高度小于地球同步衛(wèi)星的高度,由GMmr2=m(2T)2r可知，半徑越小，周期越小，所以海洋衛(wèi)星的周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，即小于24h，故B錯(cuò)誤；C. 由GMmr2=mv2r,得v=GMr，所以衛(wèi)星的軌道半徑越大，速度越小，由于兩衛(wèi)星的質(zhì)量關(guān)系未知，所以無(wú)法比較兩者的動(dòng)能，故C錯(cuò)誤；D. 行星的軌道半徑的三次方與周期二次方的比值與中心天體有關(guān)，由于海洋衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)，而地球繞太陽(yáng)轉(zhuǎn)動(dòng)，所以兩者的比值不同，故D錯(cuò)誤；故選：A4. 答案D解： 電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度大，電場(chǎng)線疏的地方電場(chǎng)的強(qiáng)度小。沿電場(chǎng)線的方向，電勢(shì)降低。電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增加。由題可知電荷在電場(chǎng)只受電場(chǎng)力，根據(jù)牛頓第二定律可知電場(chǎng)力越大，加速度越大。正電荷的電場(chǎng)力與電場(chǎng)強(qiáng)度成正比。電子所帶電荷為負(fù)。在點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中越靠近電荷電場(chǎng)強(qiáng)度越大。選項(xiàng)分析：A項(xiàng)，所受電場(chǎng)力應(yīng)指向彎曲的內(nèi)側(cè)，故電子所受電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線向上，即建立電場(chǎng)的點(diǎn)電荷帶正電，故A項(xiàng)錯(cuò)誤。B項(xiàng)，N點(diǎn)電場(chǎng)線比M點(diǎn)電場(chǎng)線密集，故N點(diǎn)所受電場(chǎng)力大，根據(jù)牛頓第二定律可知在N點(diǎn)粒子加速度比在M點(diǎn)粒子加速度大，故B項(xiàng)錯(cuò)誤。C項(xiàng)，在M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，電子所受電場(chǎng)力做正功，動(dòng)能增加，所以N點(diǎn)的速度應(yīng)比M點(diǎn)速度大，故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D項(xiàng)，在M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過(guò)程中，電子所受電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故D項(xiàng)正確。綜上所述，本題正確答案為D。5.答案 B解:根據(jù)題意,忽略空氣阻力,沒(méi)有能量的消耗,小球的機(jī)械能守恒,將光滑小球以相同速率v射出:小球沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng),動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能,速度足夠大,就會(huì)有足夠的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能,就會(huì)到達(dá)天花板;同理,小球沿斜上方的方向運(yùn)動(dòng),或沿向上方的方向沿斜面運(yùn)動(dòng),同樣會(huì)到達(dá)天花板;小球在雙軌管道里運(yùn)動(dòng)時(shí)類(lèi)似于用桿支撐,故只要豎直上拋能到達(dá)最高點(diǎn),則在管道里面即可到達(dá)最高點(diǎn);只有物體斜拋時(shí),因?yàn)樨Q直分速度小于A中的豎直速度;水平方向速度保持不變;則由機(jī)械能守恒定律可以知道,小球無(wú)法到達(dá)最高點(diǎn);綜合考慮,不能到達(dá)最高點(diǎn)的只有B;所以B選項(xiàng)是正確的.6. 答案B解： 人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，設(shè)衛(wèi)星的質(zhì)量為、軌道半徑為、地球質(zhì)量為，有，解得，?？芍霃皆叫?，線速度越大，角速度越大，周期越小，加速度越大。選項(xiàng)分析：A項(xiàng)，a、c運(yùn)動(dòng)半徑相同，加速度大小相等，由于a、c運(yùn)動(dòng)半徑小于b的運(yùn)動(dòng)半徑，因此a、c加速度大于b的，故A項(xiàng)錯(cuò)誤。B項(xiàng)，由上述推導(dǎo)的角速度公式知a、c的角速度大小相等，且大于b的角速度，故B項(xiàng)正確。C項(xiàng)，半徑越小，線速度越大，所以b、d線速度小于a，故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D項(xiàng)，a、c運(yùn)動(dòng)半徑相同，所以運(yùn)動(dòng)周期相同，由圖可得此時(shí)a、c沒(méi)有在P點(diǎn)相遇，所以以后也不會(huì)在P點(diǎn)相遇，所以不存在在P點(diǎn)相撞的危險(xiǎn)，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。綜上所述，本題正確答案為B。7.答案 D 解:由電場(chǎng)力做功的特點(diǎn)可知，A、B兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故AB所在平面為等勢(shì)面；因電場(chǎng)線與等勢(shì)面相互垂直，因此電場(chǎng)線垂直AB，從B到C由可知，B、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差，即C點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)的電勢(shì)，故電場(chǎng)線垂直于AB斜向下，電場(chǎng)線如圖所示：BC間沿電場(chǎng)線的距離，由可知電場(chǎng)強(qiáng)度，故D項(xiàng)正確，A、B、C項(xiàng)錯(cuò)誤。綜上所述，本題正確答案為D。 8.答案 C解:A項(xiàng)，設(shè)，小球Q在BO的彈力、重力和P的庫(kù)侖力作用下受力平衡，可知桿BO對(duì)Q的彈力，當(dāng)P向左移動(dòng)時(shí)，Q受到的重力不變，減小，則彈力應(yīng)變大，故A項(xiàng)錯(cuò)誤。B項(xiàng)，將P、Q兩球看成一個(gè)整體，在豎直方向上只受到重力和桿OA的支持力，且兩個(gè)力平衡，即等大反向，所以桿AO對(duì)P的彈力等于兩小球重力之和，保持不變，故B項(xiàng)錯(cuò)誤。C項(xiàng)，將P、Q兩球看成一個(gè)整體，在水平方向上受到OB的彈力和OA的摩擦力作用，兩力平衡，即等大反向，所以桿AO對(duì)P的摩擦力等于A項(xiàng)中，摩擦力增大，故C項(xiàng)正確。D項(xiàng)，小球Q所受重力不變，變量只有和兩點(diǎn)間距離，當(dāng)左移P點(diǎn)后變小，則兩球間距離必須減小才能使等式成立，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。綜上所述，本題正確答案為C。9.答案 解:A、周琦投籃過(guò)程,由動(dòng)能定理得:,得籃球出手時(shí)的速率為,所以A選項(xiàng)是正確的;B、從出手到進(jìn)筐的過(guò)程中,由動(dòng)能定理得:,可得籃球進(jìn)框時(shí)的動(dòng)能為.所以B選項(xiàng)是錯(cuò)誤的;C、從出手到進(jìn)筐的過(guò)程中,手對(duì)球做功為W,離開(kāi)手后,機(jī)械能守恒,所以靜止到進(jìn)框的過(guò)程中,機(jī)械能的增量為W,故C正確;D、籃球離手后做斜拋運(yùn)動(dòng),豎直方向做豎直上拋運(yùn)動(dòng),到最高點(diǎn)再平拋,假設(shè)又落回原來(lái)的水平高度,上升時(shí)間和下落時(shí)間相等,由可以知道,但是籃球從靜止到離手還有一段時(shí)間,所以運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為,故D錯(cuò)誤.所以AC選項(xiàng)是正確的.10.答案ACD解：本題考查了動(dòng)量守恒定律的內(nèi)容意在考查考生的識(shí)記和理解能力。當(dāng)兩手同時(shí)放開(kāi)后，系統(tǒng)所受到的合力為零則系統(tǒng)的總動(dòng)量始終為零選項(xiàng)A正確；先放開(kāi)左手，再放開(kāi)右手后，則在光滑的水平面上動(dòng)量守恒選項(xiàng)B錯(cuò)誤；先放開(kāi)左手，后放開(kāi)右手，則總動(dòng)量向左選項(xiàng)C正確；無(wú)論何時(shí)放手，只要兩手放開(kāi)后，在彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，系統(tǒng)總動(dòng)量都保持不變，但由于兩手放開(kāi)的情況不同則系統(tǒng)總動(dòng)量不一定為零選項(xiàng)D正確。綜上本題選 ACD11.答案 BD 解:A項(xiàng)，與電源斷開(kāi)的電容器電荷量不變，所以在兩極板間加上絕緣介質(zhì)，A、B板所帶電荷量不變，故A項(xiàng)錯(cuò)誤。B項(xiàng)，因?yàn)锳、B兩板所帶電荷量相同，且兩板間的電場(chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性可知AB兩板間電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，故B項(xiàng)正確。C項(xiàng)，兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度，所以增大兩極板之間的距離電場(chǎng)強(qiáng)度不變，故C項(xiàng)錯(cuò)誤。D項(xiàng)，根據(jù)C項(xiàng)分析得知，減小兩極板之間的距離電場(chǎng)強(qiáng)度不變，P點(diǎn)的電勢(shì)不變，故D項(xiàng)正確。綜上所述，本題正確答案為BD。12.答案BC解： A項(xiàng)，根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸所圍“面積”大小等于位移得：，則，故A項(xiàng)錯(cuò)誤。B項(xiàng)，整個(gè)過(guò)程中甲、乙兩物體的位移分別為：，則，故B項(xiàng)正確。C項(xiàng)，由圖看出，撤去拉力后兩圖象平行，說(shuō)明加速度相等，由牛頓第二定律分析則知加速度，說(shuō)明兩物體與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)相等，則兩物體所受的摩擦力大小相等，設(shè)為，對(duì)全過(guò)程運(yùn)用動(dòng)能定理得：，得，。由B項(xiàng)分析知，則，故C項(xiàng)正確。D項(xiàng)，根據(jù)動(dòng)量定理得：，得，則，故D項(xiàng)錯(cuò)誤。綜上所述，本題正確答案為BC。第II卷（非選擇題）二、填空題（13題4分，14題8分，共12分）13.答案為：（1）左；（2）1.88；1.84；（3）在誤差范圍內(nèi)，重物下落過(guò)程中機(jī)械能守恒。解：（1）從紙帶上可以看出0點(diǎn)為打出來(lái)的第一個(gè)點(diǎn)，速度為0，重物自由下落，初速度為0，所以應(yīng)該先打出0點(diǎn)，而與重物相連的紙帶在下端，應(yīng)該先打點(diǎn)，所以紙帶的左端應(yīng)與重物相連；（2）重力勢(shì)能減小量Ep=mgh=9.80.1920J=1.88J，利用勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論：vB=10-2=1.92m/s，EkB=mvB2=1.922J=1.84J；（3）通過(guò)計(jì)算可知?jiǎng)幽艿脑黾恿柯孕∮谥亓?shì)能的減小量，其原因是物體在下落過(guò)程中克服摩擦阻力做功。所以可以得出結(jié)論：在誤差范圍內(nèi)，重物下落過(guò)程中機(jī)械能守恒。 14. C 斜槽末端 P點(diǎn) m1 OP = m1OM+ m2 O/N 桌面高度h，OC與豎直方向的夾角【解析】(1)為保證兩球發(fā)生對(duì)心正碰，兩球的半徑應(yīng)相等，為防止碰撞后入射球反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，故選C；(2)用圖甲所示裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，入射小球與被碰小球均為彈性小球，第一次實(shí)驗(yàn)小球的落點(diǎn)位置如圖用所標(biāo)示的字母所示，第二次實(shí)驗(yàn)將兩小球的質(zhì)量改為相等，則碰撞后入射小球的位置位于斜槽末端，被碰小球位置位于P點(diǎn)；(3)小球離開(kāi)軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，由得小球做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，由于小球做平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)拋出點(diǎn)的高度h相同，則它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等,驗(yàn)證碰撞中的動(dòng)量守恒，需要驗(yàn)證：，則有，由圖乙所示可知,需要驗(yàn)證：，(4) 驗(yàn)證兩球碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，即，即測(cè)碰撞后小球1和小球2 的速度，小球1做圓周運(yùn)動(dòng)，只要測(cè)OC與豎直方向的夾角和繩子長(zhǎng)度L，根據(jù)機(jī)械能守恒求出測(cè)碰撞后小球1 的速度，小球2做平拋運(yùn)動(dòng)，只要測(cè)桌面高度h和水平地面上到桌面邊緣水平距離可求出碰撞后小球2 的速度，所以還應(yīng)該測(cè)量的物理量有桌面高度h，OC與豎直方向的夾角。三、計(jì)算題（共40分） 15. （10分） 答案詳解解:(1)小球受到的電場(chǎng)力向左,與場(chǎng)強(qiáng)方向相反;故小球帶負(fù)電荷.(2)對(duì)小球受力分析,受重力、電場(chǎng)力和拉力,如圖,根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件,有: 則所帶電量為:(3)剪短細(xì)線后,小球受到重力和電場(chǎng)力,合力恒定,如圖,故做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng);則: 則小球的加速度為:因此，本題正確答案是:(1)小球帶負(fù)電 (2)小球帶電量為 (3)小球的加速度度為解析:(1)小球受到的電場(chǎng)力向左,與場(chǎng)強(qiáng)方向相反,故帶負(fù)電荷;(2)對(duì)小球受力分析,然后根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解出電場(chǎng)力,得到電場(chǎng)強(qiáng)度;(3)剪短細(xì)線后,小球受到重力和電場(chǎng)力,合力恒定,故做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),根據(jù)牛頓第二定律求出加速度16. （14分） 解:(1)設(shè)滑塊從C點(diǎn)飛出時(shí)的速度為,從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)時(shí)間為t滑塊從C點(diǎn)飛出后,做平拋運(yùn)動(dòng),豎直方向:水平方向:計(jì)算得出:(2)設(shè)滑塊通過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速度為,根據(jù)機(jī)械能守恒定律計(jì)算得出:設(shè)在B點(diǎn)滑塊受軌道的壓力為N,根據(jù)牛頓第二定律計(jì)算得出:(3)設(shè)滑塊從A點(diǎn)開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度為vA,根據(jù)動(dòng)能定理計(jì)算得出:設(shè)滑塊在A點(diǎn)受到的沖量大小為I,根據(jù)動(dòng)量定理計(jì)算得出:;答:(1)滑塊通過(guò)C點(diǎn)的速度為;(2)B點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為;(3)滑塊在A點(diǎn)受到的瞬時(shí)沖量為. 17.答案（16分） 答案詳解（1）每個(gè)電子從B板上的小孔O射出時(shí)的速度是2107m/s（2）打在熒光屏上的電子范圍是y=0.012m；（3）打在熒光屏上的電子的最大動(dòng)能是1.821016J解析:考點(diǎn)：帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；平拋運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專(zhuān)題分析：（1）電場(chǎng)力對(duì)電子做功，電子的動(dòng)能增加；（2）打在熒光屏上的電子在y方向的位移是電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)與電場(chǎng)外y方向的運(yùn)動(dòng)兩部分組成的，要分別計(jì)算出；（3）計(jì)算電子的動(dòng)能要計(jì)算電子的合速度解答：解：（1）電子經(jīng)A、B兩塊金屬板加速，有得（2）當(dāng)u=22.5V時(shí)，電子經(jīng)過(guò)MN極板向下的偏移量最大，為Y1d，說(shuō)明所有的電子都可以飛出M、N此時(shí)電子在豎直方向的速度大小為電子射出極板MN后到達(dá)熒光屏P的時(shí)間為電子射出極板MN后到達(dá)熒光屏P的偏移量為電子打在熒光屏P上的總偏移量為y=y1+y2=0.012m，方向豎直向下；y的計(jì)算方法：由三角形相似，有即解得y=0.012m（3）當(dāng)u=22.5V時(shí)，電子飛出電場(chǎng)的動(dòng)能最大，=1.821016J答：（1）每個(gè)電子從B板上的小孔O射出時(shí)的速度是2107m/s（2）打在熒光屏上的電子范圍是y=0.012m；（3）打在熒光屏上的電子的最大動(dòng)能是1.821016J