《山東省2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時規(guī)范練32 法拉第電磁感應(yīng)定律及其應(yīng)用 新人教版.docx》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《山東省2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 課時規(guī)范練32 法拉第電磁感應(yīng)定律及其應(yīng)用 新人教版.docx（9頁珍藏版）》請?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

課時規(guī)范練32　法拉第電磁感應(yīng)定律及其應(yīng)用 基礎(chǔ)對點(diǎn)練 1.(法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用)(2018山東威海模擬)半徑為R的圓形線圈共有n匝,總阻值為R0,其中心位置處半徑為r的虛線范圍內(nèi)有勻強(qiáng)磁場,磁場方向垂直線圈平面,如圖所示,若初始的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,在時間t內(nèi)均勻減小為0,則通過圓形線圈的電流為(　　) A.nBπR2 B.nBπr2 C. D. 答案D 解析由于線圈平面與磁場方向垂直,故穿過該面的磁通量為:Φ=BS,半徑為r的虛線范圍內(nèi)有勻強(qiáng)磁場,所以磁場的區(qū)域面積為:S=πr2即Φ=πBr2,由E=及I=可得I=,故選項(xiàng)D正確。 2.(法拉第電磁感應(yīng)定律的應(yīng)用)(2018山東濟(jì)南模擬)如圖所示,將外皮絕緣的圓形閉合細(xì)導(dǎo)線扭一次變成兩個面積比為1∶4的圓形閉合回路(忽略兩部分連接處的導(dǎo)線長度),分別放入垂直圓面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小隨時間按B=kt(k>0,為常數(shù))的規(guī)律變化的磁場,前后兩次回路中的電流比為(　　) A.1∶3 B.3∶1 C.1∶1 D.9∶5 答案B 解析同一導(dǎo)線構(gòu)成不同的閉合回路,它們的電阻相同,那么電流之比等于它們的感應(yīng)電動勢之比,設(shè)圓形線圈的周長為l,依據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E=S,之前的閉合回路的感應(yīng)電動勢E=kπ()2,圓形閉合細(xì)導(dǎo)線扭一次變成兩個面積比為1∶4的圓形閉合回路,根據(jù)面積之比等于周長的平方之比,則1∶4的圓形閉合回路的周長之比為1∶2,導(dǎo)線扭之后的閉合回路的感應(yīng)電動勢E=kπ()2-kπ()2;則前后兩次回路中的電流比I∶I=E∶E=3∶1,B正確。 3.(導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的分析與計(jì)算)(2018上海閔行模擬)如圖所示,在外力的作用下,導(dǎo)體桿OC可繞O軸沿半徑為r的光滑的半圓形框架在勻強(qiáng)磁場中以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直紙面向里,A、O間接有電阻R,桿和框架電阻不計(jì),則所施外力的功率為(　　) A. B. C. D. 答案C 解析因?yàn)镺C是勻速轉(zhuǎn)動的,根據(jù)能量守恒可得,P外=P電=,又因?yàn)镋=Br,聯(lián)立解得P外=,故選項(xiàng)C正確。 4.(多選)(導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的分析與計(jì)算)如圖所示,兩根足夠長、電阻不計(jì)且相距l(xiāng)=0.2 m的平行金屬導(dǎo)軌固定在傾角θ=37的絕緣斜面上,頂端接有一盞額定電壓U=4 V的小燈泡,兩導(dǎo)軌間有一磁感應(yīng)強(qiáng)度B=5 T、方向垂直斜面向上的勻強(qiáng)磁場。今將一根長為2l、質(zhì)量m=0.2 kg、電阻r=1.0 Ω的金屬棒垂直于導(dǎo)軌放置在頂端附近無初速度釋放,金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直,金屬棒與導(dǎo)軌接觸良好,金屬棒始終與導(dǎo)軌垂直,金屬棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)μ=0.25。已知金屬棒下滑到速度穩(wěn)定時,小燈泡恰能正常發(fā)光,重力加速度g取10 m/s2,sin 37=0.6,cos 37=0.8,則(　　) A.金屬棒剛開始運(yùn)動時的加速度大小為3 m/s2 B.金屬棒剛開始運(yùn)動時的加速度大小為4 m/s2 C.金屬棒穩(wěn)定下滑時的速度大小為9.6 m/s D.金屬棒穩(wěn)定下滑時的速度大小為4.8 m/s 答案BD 解析金屬棒剛開始運(yùn)動時初速度為零,不受安培力作用,由牛頓第二定律得mgsinθ-μmgcosθ=ma,代入數(shù)據(jù)得a=4m/s2,故選項(xiàng)A錯誤,選項(xiàng)B正確;設(shè)金屬棒穩(wěn)定下滑時速度為v,感應(yīng)電動勢為E(金屬棒的有效長度為l),回路中的電流為I,由平衡條件得mgsinθ=BIl+μmgcosθ,由閉合電路歐姆定律得I=,由法拉第電磁感應(yīng)定律得E=Blv,聯(lián)立解得v=4.8m/s,故選項(xiàng)C錯誤,選項(xiàng)D正確。 5.(自感)(2018湖南常德一模)如圖所示的電路,開關(guān)閉合,電路處于穩(wěn)定狀態(tài),在某時刻t1突然斷開開關(guān)S,則通過電阻R1中的電流I1隨時間變化的圖象可能是下圖中的(　　) 答案D 解析當(dāng)斷開開關(guān),原來通過R1的電流立即消失,電感阻礙自身電流變化,產(chǎn)生的感應(yīng)電流流過電阻,其方向與原來流過電阻R1的方向相反,慢慢減小最后為0。故D圖象比較合適。故選D。 6.(多選)(自感)(2018貴州貴陽模擬)如圖所示的電路中,電源電動勢為E,內(nèi)阻為r,線圈L的電阻不計(jì)。以下判斷正確的是(　　) A.閉合S,穩(wěn)定后,電容器的a極板帶正電 B.閉合S,穩(wěn)定后,電容器兩端電壓小于E C.斷開S的瞬間,通過R1的電流方向向右 D.斷開S的瞬間,通過R2的電流方向向右 答案BC 解析閉合S,穩(wěn)定后,電容器相當(dāng)于斷路,線圈L相當(dāng)于短路,所以電容器b極板與電源正極相連,帶正電荷,A項(xiàng)錯誤;電源有內(nèi)阻,電容器兩端電壓等于電路的路端電壓,小于電源電動勢,B項(xiàng)正確;斷開S瞬間,電容器與R2構(gòu)成回路放電,通過R2的電流方向向左,D項(xiàng)錯誤;斷開S瞬間,由于自感現(xiàn)象,線圈L相當(dāng)于臨時電源,阻礙原來的電流減小,通過線圈的電流方向不變,R1與線圈L構(gòu)成回路,所以通過R1的電流方向向右,C項(xiàng)正確。 素養(yǎng)綜合練 7.(多選)(2018云南統(tǒng)一檢測)一質(zhì)量為m、電阻為R、邊長為L的正方形導(dǎo)線框靜止在光滑絕緣水平桌面上,桌面上直線PQ左側(cè)有方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場Ⅰ,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,PQ右側(cè)有方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場Ⅱ,磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2B,俯視圖如圖所示?，F(xiàn)使線框以垂直PQ的初速度v向磁場Ⅱ運(yùn)動,當(dāng)線框的三分之一進(jìn)入磁場Ⅱ時,線框速度為,在這個過程中,下列說法正確的是(　　) A.線框速度為時,線框中感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r針方向 B.線框速度為時,線框的加速度大小為 C.線框中產(chǎn)生的焦耳熱為mv2 D.流過導(dǎo)線橫截面的電荷量為 答案CD 解析根據(jù)右手定則可知,線框右邊切割產(chǎn)生的感應(yīng)電流是順時針,線框左邊切割產(chǎn)生的感應(yīng)電流也是順時針,故感應(yīng)的電流方向?yàn)轫槙r針,故A錯誤;根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有:E=E左+E右=BL+2BL,感應(yīng)電流I=,安培力為F=BIL+2BIL=3BIL=,故加速度為a=,故B錯誤;根據(jù)動能定理得:Q=mv2-m()2=mv2,故C正確;此時的平均感應(yīng)電動勢為,則平均感應(yīng)電流為,則電荷量q=Δt=,而取磁場向里為正,則磁通量的變化量為ΔΦ=BL2-BL2-(-2B)=BL2,故q=,故AB錯誤,CD正確,故選CD。 8.(多選)(2018安徽滁州期末)如圖甲所示,線圈兩端a、b與一電阻R相連,線圈內(nèi)有垂直于線圈平面向里的磁場,t=0時起,穿過線圈的磁通量按圖乙所示的規(guī)律變化,下列說法正確的是(　　) A.0.5t0時刻,R中電流方向?yàn)橛蒩到b B.1.5t0時刻,R中電流方向?yàn)橛蒩到b C.0~t0時間內(nèi)R的電流小于t0~2t0時間內(nèi)R的電流 D.0~t0時間內(nèi)R的電流大于t0~2t0時間內(nèi)R的電流 答案AC 解析由楞次定律可知0~t0時間內(nèi)線圈中的感應(yīng)電流方向?yàn)槟鏁r針方向,t0~2t0時間內(nèi)線圈中感應(yīng)電流的方向?yàn)轫槙r針方向,故A正確,B錯誤;根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律:E=N=NS,可知0~t0時間內(nèi)感應(yīng)電動勢是t0~2t0時間內(nèi)的,感應(yīng)電流為:I=,所以0~t0時間內(nèi)R中的電流是t0~2t0時間內(nèi)電流的,故C正確,D錯誤。所以AC正確,BD錯誤。 9.(多選)(2018河南濮陽第三次模擬)如圖所示,一根長為l、橫截面積為S的閉合軟導(dǎo)線置于光滑水平面上,其材料的電阻率為ρ,導(dǎo)線內(nèi)單位體積的自由電子數(shù)為n,電子的電荷量為e,空間存在垂直紙面向里的磁場。某時刻起磁場開始減弱,磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間的變化規(guī)律是B=B0-kt,當(dāng)軟導(dǎo)線形狀穩(wěn)定時,磁場方向仍然垂直紙面向里,此時(　　) A.軟導(dǎo)線將圍成一個圓形 B.軟導(dǎo)線將圍成一個正方形 C.導(dǎo)線中的電流為 D.導(dǎo)線中自由電子定向移動的速率為 答案AC 解析當(dāng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度減弱時,由楞次定律可知,軟管圍成的圖形的面積有擴(kuò)大的趨勢,結(jié)合周長相等時,圓的面積最大可知,最終軟導(dǎo)線圍成一個圓形,故A正確,B錯誤;設(shè)線圈圍成的圓形半徑為r,則有:I=2πr,圓形的面積為:S1=πr2,線圈的電阻為:R=ρ,線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為:E=S1=k,感應(yīng)電流為:I=,而I=neSv,解得:v=,故C正確,D錯誤,故選AC。 10.(2018江西七校聯(lián)考)如圖所示,銅線圈水平固定在鐵架臺上,銅線圈的兩端連接在電流傳感器上,傳感器與數(shù)據(jù)采集器相連,采集的數(shù)據(jù)可通過計(jì)算機(jī)處理,從而得到銅線圈中的電流隨時間變化的圖線。利用該裝置探究條形磁鐵從距銅線圈上端某一高度處由靜止釋放后,沿銅線圈軸線豎直向下穿過銅線圈的過程中產(chǎn)生的電磁感應(yīng)現(xiàn)象。兩次實(shí)驗(yàn)中分別得到了如圖甲、乙所示的電流—時間圖線。條形磁鐵在豎直下落過程中始終保持直立姿態(tài),且所受空氣阻力可忽略不計(jì)。則下列說法中正確的是(　　) A.若兩次實(shí)驗(yàn)條形磁鐵距銅線圈上端的高度不同,其他實(shí)驗(yàn)條件均相同,則甲圖對應(yīng)實(shí)驗(yàn)條形磁鐵距銅線圈上端的高度大于乙圖對應(yīng)實(shí)驗(yàn)條形磁鐵距銅線圈上端的高度 B.若兩次實(shí)驗(yàn)條形磁鐵的磁性強(qiáng)弱不同,其他實(shí)驗(yàn)條件均相同,則甲圖對應(yīng)實(shí)驗(yàn)條形磁鐵的磁性比乙圖對應(yīng)實(shí)驗(yàn)條形磁鐵的磁性強(qiáng) C.甲圖對應(yīng)實(shí)驗(yàn)條形磁鐵穿過銅線圈的過程中損失的機(jī)械能小于乙圖對應(yīng)實(shí)驗(yàn)條形磁鐵穿過銅線圈的過程中損失的機(jī)械能 D.兩次實(shí)驗(yàn)條形磁鐵穿過銅線圈的過程中所受的磁場力都是先向上后向下 答案C 解析由圖甲和圖乙的對比可知甲中的產(chǎn)生的感應(yīng)電流小于乙中的,則可知甲圖中條形磁鐵到達(dá)的線圈的速度必然小于乙圖中的線圈,則必然下落的高度要更低一點(diǎn),故A錯;如果高度相同,故到達(dá)的速度相同,而要通過改變磁性來調(diào)節(jié)的,則必須使得甲中的磁性弱點(diǎn),則感應(yīng)電流就小點(diǎn),故B錯;由于兩個過程中都有感應(yīng)電流,要產(chǎn)生焦耳定熱,則必然有機(jī)械能的損耗,感應(yīng)電流大些,則損耗的機(jī)械能相應(yīng)就大,故C正確;由楞次定律可得,兩個過程中所受的安培力均是向上的,則D錯。 11.(多選)(2018湖南株洲質(zhì)檢)用導(dǎo)線繞一圓環(huán),環(huán)內(nèi)有一用同樣導(dǎo)線折成的內(nèi)接正方形線框,圓環(huán)與線框絕緣,如圖所示。把它們放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中,磁場方向垂直于圓環(huán)平面(紙面)向里。當(dāng)磁場均勻減弱時(　　) A.圓環(huán)和線框中的電流方向都為順時針 B.圓環(huán)和線框中的電流方向都為逆時針 C.圓環(huán)和線框中的電流大小之比為∶1 D.圓環(huán)和線框中的電流大小之比為2∶1 答案AC 解析根據(jù)楞次定律可得當(dāng)磁場均勻減小時,線圈內(nèi)產(chǎn)生的感應(yīng)磁場方向與原磁場方向相同,即感應(yīng)電流方向都為順時針,A正確,B錯誤;設(shè)圓半徑為a,則圓面積為S=πa2,圓周長為L=2πa,正方形面積為S=2a2,正方形周長為L=4a,因?yàn)榇艌鍪蔷鶆驕p小的,故E=,所以圓和正方形內(nèi)的電動勢之比為,兩者的電阻之比為,故電流之比為,故C正確,D錯誤。 12.(多選)(2018廣東茂名二模)如圖甲所示,一粗細(xì)均勻的單匝正方形銅線框,質(zhì)量m=1 kg,放置在光滑絕緣水平面上,兩平行虛線間存在與水平面垂直的勻強(qiáng)磁場,磁場邊界線與線框ab邊平行?，F(xiàn)用垂直于ab邊的水平恒力F拉動線框,線框到達(dá)位置Ⅰ開始計(jì)時,此時線框開始進(jìn)入勻強(qiáng)磁場,速度v0=3 m/s,線框中感應(yīng)電動勢為2 V。在t=3 s時線框到達(dá)位置Ⅱ,線框開始離開勻強(qiáng)磁場,此過程中線框v-t圖象如圖乙所示,那么(　　) A.t=0時,ab間的電壓為0.75 V B.恒力F的大小為0.5 N C.線框進(jìn)入磁場與離開磁場的過程中線框內(nèi)感應(yīng)電流的方向相同 D.線框完全離開磁場瞬間的速度大小為2 m/s 答案BD 解析t=0時,ab相當(dāng)于電源,外阻為內(nèi)阻的3倍,ab間電壓應(yīng)為電動勢的,即Uab=E=2V=1.5V,A錯誤;線圈進(jìn)入磁場過程中,穿過線圈的磁通量增加,而線圈離開磁場過程中,穿過線圈的磁通量減小,根據(jù)楞次定律可知兩個過程中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反,當(dāng)線圈完全進(jìn)入磁場到剛要穿出磁場過程,即1~3s過程中,由于穿過線圈的磁通量不變,所以沒有感應(yīng)電流,不受安培力作用,外力F即為線圈受到的合力,根據(jù)牛頓第二定律可得F=ma=1N=0.5N,B正確,C錯誤;因?yàn)榫€圈剛要離開磁場時的速度和線框開始進(jìn)入場時速度正好相等,所以受力情況、運(yùn)動情況也是一樣,線框完全離開磁場瞬間速度和完全進(jìn)入磁場瞬間速度相等,即為2m/s,D正確。