2019屆高三數(shù)學(xué)12月月考試題文 (IV).doc
2019屆高三數(shù)學(xué)12月月考試題文 (IV)一、 選擇題:(本大題共12個小題,每小題5分,共60分.在每小題給出的四個選項(xiàng)中,只有一項(xiàng)是符合題目要求的.) 1.已知全集= A.B. C. D.2. 已知命題p:x1,2,x2a0,命題q:x0R,x2ax02a0.若命題“pq”是假命題,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是()Aa2或a1 Ba2或1a2 Ca1 D2a13設(shè)x,y滿足約束條件,則的取值范圍是A(,81,) B(,101,)C8,1 D10,14. 已知等差數(shù)列的前項(xiàng)和為, ,則的值為A. 14 B.20 C.18 D. 165.若向量a與b滿足a,且1,2,則向量a在b方向上的投影為A. B C1 D. 6. 已知,則 A. B. C. D. 7函數(shù)f(x)ln|x|x2x的圖象大致為ABC D8. 設(shè)圓(x3)2(y5)2r2(r>0)上有且僅有兩個點(diǎn)到直線4x3y20的距離等于1,則圓半徑r的取值范圍是()A3<r<5 B4<r<6 Cr>4 Dr>59已知f(x)為定義在R上的奇函數(shù),g(x)f(x)x,且當(dāng)x(,0時,g(x)單調(diào)遞增,則不等式f(2x1)f(x2)x3的解集為A(3,) B3,) C(,3 D(,3)10. 如圖是某四棱錐的三視圖,其中正視圖是邊長為2的正方形,側(cè)視圖是底邊長分別為2和1的直角梯形,則該幾何體的體積為 A. B. C. D. 11.已知P是直線上的動點(diǎn),PA、PB是圓的兩條切線,C是圓心,那么四邊形PACB面積的最小值是A.B. C.D.12已知函數(shù)f(x)3sin(x)(0,0),對任意xR恒有,且在區(qū)間(,)上有且只有一個x1使f(x1)3,則的最大值為 A B C D二、 填空題(每題5分,滿分20分,將答案填在答題紙上)13. 冪函數(shù)的圖象關(guān)于軸對稱,則實(shí)數(shù)_.14已知單位向量a,b的夾角為60,則(2ab)(a3b)_ 15已知正三棱柱ABCA1B1C1的高為6,AB4,點(diǎn)D為棱BB1的中點(diǎn),則四棱錐CA1ABD的表面積是_ 16. 已知橢圓的左、右焦點(diǎn)分別為,過的直線與橢圓交于的兩點(diǎn),且軸,若為橢圓上異于的動點(diǎn)且,則該橢圓的離心率為_.三、解答題(滿分70分,17題滿分10分,其余各題滿分12分,將答案寫在答題紙上)17. (本小題滿分10分) 在平面直角坐標(biāo)系xOy中,曲線與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)都在圓C上()求圓C的方程;()若圓C與直線交與A,B兩點(diǎn),且,求a的值。18. (本小題滿分12分)設(shè)數(shù)列an的前n項(xiàng)和為Sn,a13,且Snnan1n2n(1)求an的通項(xiàng)公式;(2)若數(shù)列bn滿足,求bn的前n項(xiàng)和Tn19(本小題滿分12分)ABC的內(nèi)角A,B,C所對的邊分別為a,b,c已知(1)求B的大??;(2)若b8,ac,且ABC的面積為,求a20(本小題滿分12分)如圖所示,在四棱錐SABCD中,SA平面ABCD,底面ABCD為直角梯形,其中ABCD,ADC90,ADAS2,AB1,CD3,點(diǎn)E在棱CS上,且CECS(1)若,證明:BECD;(2)若,求點(diǎn)E到平面SBD的距離21.(本小題滿分12分)已知點(diǎn),(1)求P的軌跡C的方程;(2)是否存在過點(diǎn)l與曲線C相交于A,B兩點(diǎn),并且曲線C存在點(diǎn)Q,使四邊形OAQB為平行四邊形?若存在,求出直線l的方程;若不存在,說明理由. 22.(本小題滿分12分)已知函數(shù).(1)時,求在上的單調(diào)區(qū)間;(2)且恒成立,求實(shí)數(shù)的取值范圍.數(shù)學(xué)(文)參考答案一、 選擇題1-5 B A A C B 6-10 C C B B A 11-12 C C 二、填空題13. 2 14. 15. 16. 三、解答題17. 解:()曲線與坐標(biāo)軸的交點(diǎn)為(0,1)(3故可設(shè)圓的圓心坐標(biāo)為(3,t)則有+解得t=1,則圓的半徑為 所以圓的方程為()設(shè)A( B(其坐標(biāo)滿足方程組消去y得到方程由已知可得判別式=56-16a-4>0由韋達(dá)定理可得, 由可得又。所以2 由可得a=-1,滿足>0,故a=-1。18. 解:(1)由條件知Snnan1n2n,當(dāng)n1時,a2a12;當(dāng)n2時,Sn1(n1)an(n1)2(n1),得annan1(n1)an2n,整理得an1an2綜上可知,數(shù)列an是首項(xiàng)為3、公差為2的等差數(shù)列,從而得an2n1(2)由(1)得,所以19. 解:(1)由得,所以,即,所以有,因?yàn)镃(0,),所以sinC0,所以,即,所以又0B,所以,所以,即(2)因?yàn)?,所以ac12又b2a2c22accosB(ac)23ac(ac)23664,所以ac10,把c10a代入到ac12(ac)中,得20(1)證明:因?yàn)?,所以,在線段CD上取一點(diǎn)F使,連接EF,BF,則EFSD且DF1因?yàn)锳B1,ABCD,ADC90,所以四邊形ABFD為矩形,所以CDBF又SA平面ABCD,ADC90,所以SACD,ADCD因?yàn)锳DSAA,所以CD平面SAD,所以CDSD,從而CDEF因?yàn)锽FEFF,所以CD平面BEF又BE平面BEF,所以CDBE(2)解:由題設(shè)得,又因?yàn)椋?,設(shè)點(diǎn)C到平面SBD的距離為h,則由VSBCDVCSBD得,因?yàn)?,所以點(diǎn)E到平面SBD的距離為21.解:(1) P的軌跡是以MN為焦點(diǎn),長軸長為的橢圓 所以的軌跡的方程為 (2)設(shè),由題意知的斜率一定不為0,故不妨設(shè),代入橢圓方程整理得, 顯然 則, 假設(shè)存在點(diǎn),使得四邊形為平行四邊形,其充要條件為,則點(diǎn)的坐標(biāo)為.由點(diǎn)在橢圓上,即 整理得 又在橢圓上,即故 將代入由解得 即直線的方程是:,即 22.解: