6個(gè)解答題綜合仿真練(五)1如圖，在四棱錐PABCD中，ABCD，ABAD，CD2AB，平面PAD底面ABCD，PAAD，E和F分別為CD和PC的中點(diǎn)，求證：(1)PA底面ABCD；(2)BE平面PAD；(3)平面BEF平面PCD.證明：(1)因?yàn)槠矫鍼AD底面ABCD，且PA垂直于這兩個(gè)平面的交線AD，所以PA底面ABCD.(2)因?yàn)锳BCD，CD2AB，E為CD的中點(diǎn)，所以ABDE，且ABDE.所以四邊形ABED為平行四邊形所以BEAD.又因?yàn)锽E平面PAD，AD平面PAD，所以BE平面PAD.(3)因?yàn)锳BAD，且四邊形ABED為平行四邊形，所以BECD，ADCD.由(1)知PA底面ABCD，所以PACD，又ADPAA，所以CD平面PAD.所以CDPD.因?yàn)镋和F分別是CD和PC的中點(diǎn)，所以PDEF，所以CDEF.又因?yàn)镃DBE，EFBEE，所以CD平面BEF.又CD平面PCD，所以平面BEF平面PCD.2在ABC中，角A，B，C所對(duì)的邊分別是a，b，c，且sin(2AB)sin Csin B.(1)求角A的大??；(2)若a2，求的最大值解：(1)因?yàn)锳BC，所以ABC，BCA，所以sin(2AB)sin(CA)sin(CA)，sin Bsin(CA)，由sin(2AB)sin Csin B，得sin(CA)sin Bsin C，所以sin(CA)sin(CA)sin C，即sin Ccos Acos Csin Asin Ccos Acos Csin Asin C，所以2sin Ccos Asin C.在ABC中，sin C0，所以cos A.因?yàn)锳(0，)，所以A.(2)在ABC中，由余弦定理得a2b2c22bccos A，由(1)知A，又a2，所以22b2c22bc，即4b2c2bc2bcbcbc，當(dāng)且僅當(dāng)bc2時(shí)，bc有最大值4.所以bccos A2，此時(shí)abc2，所以的最大值是2.3在平面直角坐標(biāo)系xOy中，已知橢圓C：1的左頂點(diǎn)為A，右焦點(diǎn)為F，P，Q為橢圓C上兩點(diǎn)，圓O：x2y2r2(r>0)(1)若PFx軸，且滿足直線AP與圓O相切，求圓O的方程；(2)若圓O的半徑為，點(diǎn)P，Q滿足kOPkOQ，求直線PQ被圓O截得的弦長的最大值. 解：(1)因?yàn)闄E圓C的方程為1，所以A(2,0)，F(xiàn)(1,0)因?yàn)镻Fx軸，所以P，根據(jù)對(duì)稱性，可取P，則直線AP的方程為y(x2)，即x2y20.由圓O與直線AP相切，得r，所以圓O的方程為x2y2.(2)易知圓O的方程為x2y23.當(dāng)PQx軸時(shí)，kOPkOQk，所以kOP，xp，此時(shí)得直線PQ被圓O截得的弦長為2.當(dāng)PQ與x軸不垂直時(shí)，設(shè)直線PQ的方程為ykxb，P(x1，y1)，Q(x2，y2)(x1x20)，首先由kOPkOQ，得3x1x24y1y20，即3x1x24(kx1b)(kx2b)0，所以(34k2)x1x24kb(x1x2)4b20.(*)聯(lián)立消去y，得(34k2)x28kbx4b2120，則x1x2，x1x2，將其代入(*)式，化簡得2b24k23.由于圓心O到直線PQ的距離d，所以直線PQ被圓O截得的弦長l2，故當(dāng)k0時(shí)，l有最大值為.綜上，因?yàn)?gt;2，所以直線PQ被圓O截得的弦長的最大值為.4.如圖，墻上有一幅壁畫，最高點(diǎn)A離地面4 m，最低點(diǎn)B離地面2 m，觀察者從距離墻x m(x>1)，離地面高a m(1a2)的C處觀賞該壁畫，設(shè)觀賞視角ACB.(1)若a1.5，問：觀察者離墻多遠(yuǎn)時(shí)，視角最大？(2)若tan ，當(dāng)a變化時(shí)，求x的取值范圍. 解：(1)當(dāng)a1.5時(shí)，過C作AB的垂線，垂足為D，則BD0.5 m，且ACDBCD，由觀察者離墻x m，且x>1，得tanBCD，tanACD.所以tan tan(ACDBCD)，當(dāng)且僅當(dāng)x，即x>1時(shí)取等號(hào)又因?yàn)閠an 在上單調(diào)遞增，所以當(dāng)觀察者離墻 m時(shí)，視角最大(2)由題意得tanBCD，tanACD，又tan ，所以tan tan(ACDBCD). 所以a26a8x24x，當(dāng)1a2時(shí)，0a26a83，所以0x24x3，即解得0x1或3x4.又因?yàn)閤>1，所以3x4，所以x的取值范圍為3,45設(shè)fk(n)為關(guān)于n的k(kN)次多項(xiàng)式數(shù)列an的首項(xiàng)a11，前n項(xiàng)和為Sn.對(duì)于任意的正整數(shù)n，anSnfk(n)恒成立(1)若k0，求證：數(shù)列an是等比數(shù)列；(2)試確定所有的自然數(shù)k，使得數(shù)列an能成等差數(shù)列解：(1)證明：若k0，則fk(n)即f0(n)為常數(shù)，不妨設(shè)f0(n)c(c為常數(shù))因?yàn)閍nSnfk(n)恒成立，所以a1S1c，即c2a12.所以anSn2，當(dāng)n2時(shí)，an1Sn12，得2anan10(n2，nN*)若an0，則an10，a10，與已知矛盾，所以an0(nN*)故數(shù)列an是首項(xiàng)為1，公比為的等比數(shù)列. (2)()若k0，由(1)知，不符題意，舍去. ()若k1，設(shè)f1(n)bnc(b0，b，c為常數(shù))，所以anSnbnc，當(dāng)n2時(shí)，an1Sn1b(n1)c，得2anan1b(n2，nN*)要使數(shù)列an是公差為d(d為常數(shù))的等差數(shù)列，必須有anbd(常數(shù))，而a11，故an只能是常數(shù)數(shù)列，通項(xiàng)公式為an1(nN*)，故當(dāng)k1時(shí)，數(shù)列an能成等差數(shù)列，其通項(xiàng)公式為an1(nN*)，此時(shí)f1(n)n1.()若k2，設(shè)f2(n)an2bnc(a0，a，b，c是常數(shù))，所以anSnan2bnc，當(dāng)n2時(shí)，an1Sn1a(n1)2b(n1)c，得2anan12anba(n2，nN*)要使數(shù)列an是公差為d(d為常數(shù))的等差數(shù)列，必須有an2anbad，且d2a，考慮到a11，所以an1(n1)2a2an2a1(nN*)故當(dāng)k2時(shí)，數(shù)列an能成等差數(shù)列，其通項(xiàng)公式為an2an2a1(nN*)，此時(shí)f2(n)an2(a1)n12a(a為非零常數(shù)). ()當(dāng)k3時(shí)，若數(shù)列an能成等差數(shù)列，則anSn的表達(dá)式中n的最高次數(shù)為2，故k3時(shí)，數(shù)列an不能成等差數(shù)列綜上得，當(dāng)且僅當(dāng)k1或2時(shí)，數(shù)列an能成等差數(shù)列6已知R，函數(shù)f (x)exex(xln xx1)的導(dǎo)函數(shù)為g(x)(1)求曲線yf (x)在x1處的切線方程；(2)若函數(shù)g(x)存在極值，求的取值范圍；(3)若x1時(shí)，f (x)0恒成立，求的最大值解：(1)因?yàn)閒(x)exeln x，所以曲線yf(x)在x1處的切線的斜率為f(1)0，又f(1)0，所以切線方程為y0. (2)g(x)exeln x(x>0)，g(x)ex.當(dāng)0時(shí)，g(x)0恒成立，從而g(x)在(0，)上單調(diào)遞增，故此時(shí)g(x)無極值. 當(dāng)0時(shí)，設(shè)h(x)ex，則h(x)ex0恒成立，所以h(x)在(0，)上單調(diào)遞增. 當(dāng)0e時(shí)，h(1)e0，hee0，且h(x)是(0，)上的連續(xù)函數(shù)，因此存在唯一的x0，使得h(x0)0.當(dāng)e時(shí)，h(1)e0，h()e10，且h(x)是(0，)上的連續(xù)函數(shù)，因此存在唯一的x01，)，使得h(x0)0.綜上，當(dāng)0時(shí)，存在唯一的x00，使得h(x0)0. 且當(dāng)0xx0時(shí)，h(x)0，即g(x)0，當(dāng)xx0時(shí)，h(x)0，即g(x)0，所以g(x)在(0，x0)上單調(diào)遞減，在(x0，)上單調(diào)遞增，因此g(x)在xx0處有極小值所以當(dāng)函數(shù)g(x)存在極值時(shí)，的取值范圍是(0，)(3)g(x)f(x)exeln x(x>0)，g(x)ex.若g(x)0恒成立，則有xex恒成立設(shè)(x)xex(x1)，則(x)(x1)ex0恒成立，所以(x)在1，)上單調(diào)遞增，從而(x)(1)e，即e.于是當(dāng)e時(shí)，g(x)在1，)上單調(diào)遞增，此時(shí)g(x)g(1)0，即f(x)0，從而f(x)在1，)上單調(diào)遞增所以f (x)f (1)0恒成立當(dāng)e時(shí)，由(2)知，存在x0(1，)，使得g(x)在(0，x0)上單調(diào)遞減，即f(x)在(0，x0)上單調(diào)遞減所以當(dāng)1xx0時(shí)，f(x)f(1)0，于是f(x)在1，x0)上單調(diào)遞減，所以f(x0)f(1)0.這與x1時(shí)，f(x)0恒成立矛盾因此e，即的最大值為e.