《【2022高考必備】2012-2021十年全國高考數(shù)學真題分類匯編 立體幾何大題（精解精析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《【2022高考必備】2012-2021十年全國高考數(shù)學真題分類匯編 立體幾何大題（精解精析）（43頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 2012-2021十年全國高考數(shù)學真題分類匯編 立體幾何大題（精解精析） 一、解答題 1．(2021年高考全國甲卷理科)已知直三棱柱中，側(cè)面為正方形，，E，F(xiàn)分別為和中點，D為棱上的點． (1)證明：； (2)當為何值時，面與面所成的二面角的正弦值最小? 【答案】（1）見解析；（2） 解析：因為三棱柱是直三棱柱，所以底面，所以 因為，，所以， 又，所以平面． 所以兩兩垂直． 以為坐標原點，分別以所在直線為軸建立空間直角坐標系，如圖． 所以， ． 由題設（）． （1）因為， 所以，所以． （2）設平面的法向量為， 因為， 所以，即． 令，則

2、 因為平面的法向量為， 設平面與平面的二面角的平面角為， 則． 當時，取最小值為， 此時取最大值為． 所以， 此時． 【點睛】本題考查空間向量的相關計算，能夠根據(jù)題意設出（），在第二問中通過余弦值最大，找到正弦值最小是關鍵一步． 2．(2021年高考全國乙卷理科)如圖，四棱錐的底面是矩形，底面，，為的中點，且． (1)求； (2)求二面角的正弦值． 【答案】（1）；（2） 解析：（1）平面，四邊形為矩形，不妨以點為坐標原點，、、所在直線分別為、、軸建立如下圖所示的空間直角坐標系， 設，則、、、、， 則，， ，則，解得，故； （2）設平面的法向量為，則，，

3、 由，取，可得， 設平面的法向量為，，， 由，取，可得， ， 所以，， 因此，二面角的正弦值為． 【點睛】思路點睛：利用空間向量法求解二面角的步驟如下： （1）建立合適的空間直角坐標系，寫出二面角對應的兩個半平面中對應的點的坐標； （2）設出法向量，根據(jù)法向量垂直于平面內(nèi)兩條直線的方向向量，求解出平面的法向量（注：若半平面為坐標平面，直接取法向量即可）； （3）計算（2）中兩個法向量的余弦值，結(jié)合立體圖形中二面角的實際情況，判斷二面角是銳角還是鈍角，從而得到二面角的余弦值． 3．(2020年高考數(shù)學課標Ⅰ卷理科)如圖，為圓錐的頂點，是圓錐底面的圓心，為底面直徑，．是底面的

4、內(nèi)接正三角形，為上一點，． (1)證明：平面； (2)求二面角的余弦值． 【答案】（1）證明見解析；（2）． 【解析】（1）由題設，知為等邊三角形，設， 則，，所以， 又為等邊三角形，則，所以， ，則，所以， 同理，又，所以平面； （2）過O作∥BC交AB于點N，因為平面，以O為坐標原點，OA為x軸，ON為y軸建立如圖所示的空間直角坐標系， 則， ，，， 設平面的一個法向量為， 由，得，令，得， 所以， 設平面的一個法向量為 由，得，令，得， 所以 故， 設二面角的大小為，則． 【點晴】本題主要考查線面垂直的證明以及利用向量求二面角的大小，考

5、查學生空間想象能力，數(shù)學運算能力，是一道容易題． 4．(2020年高考數(shù)學課標Ⅱ卷理科)如圖，已知三棱柱ABC-A1B1C1的底面是正三角形，側(cè)面BB1C1C是矩形，M，N分別為BC，B1C1的中點，P為AM上一點，過B1C1和P的平面交AB于E，交AC于F． (1)證明：AA1∥MN，且平面A1AMN⊥EB1C1F； (2)設O為△A1B1C1的中心，若AO∥平面EB1C1F，且AO=AB，求直線B1E與平面A1AMN所成角的正弦值． 【答案】（1）證明見解析；（2）． 解析：（1）分別為，的中點， 又 在中，為中點，則 又側(cè)面為矩形， 由，平面

6、平面 又，且平面，平面， 平面 又平面，且平面平面 又平面 平面 平面 平面平面 （2）連接 平面，平面平面 根據(jù)三棱柱上下底面平行， 其面平面，面平面 故：四邊形是平行四邊形 設邊長是() 可得：， 為的中心，且邊長為 故： 解得： 在截取，故 且 四邊形是平行四邊形， 由（1）平面 故為與平面所成角 在，根據(jù)勾股定理可得： 直線與平面所成角的正弦值：． 【點睛】本題主要考查了證明線線平行和面面垂直，及其線面角，解題關鍵是掌握面面垂直轉(zhuǎn)為求證線面垂直的證法和線面角的定義，考查了分析能力和空間想象能

7、力，屬于難題． 5．(2020年高考數(shù)學課標Ⅲ卷理科)如圖，在長方體中，點分別在棱上，且，． (1)證明：點平面內(nèi)； (2)若，，，求二面角的正弦值． 【答案】（1）證明見解析；（2）． 解析：（1）在棱上取點，使得，連接、、、， 在長方體中，且，且， ，，且， 所以，四邊形為平行四邊形，則且， 同理可證四邊形為平行四邊形，且， 且，則四邊形為平行四邊形， 因此，點在平面內(nèi)； （2）以點為坐標原點，、、所在直線分別為、、軸建立如下圖所示的空間直角坐標系， 則、、、， ，，，， 設平面的法向量為， 由，得取，得，則， 設平面的法向量為， 由，得，取，得

8、，，則， ， 設二面角的平面角為，則，． 因此，二面角的正弦值為． 【點睛】本題考查點在平面的證明，同時也考查了利用空間向量法求解二面角角，考查推理能力與計算能力，屬于中等題． 6．(2019年高考數(shù)學課標Ⅲ卷理科)圖1是由矩形ADEB，Rt△ABC和菱形BFGC組成的一個平面圖形，其中AB=1，BE=BF=2，∠FBC=60°，將其沿AB，BC折起使得BE與BF重合，連結(jié)DG，如圖2． (1)證明：圖2中的A，C，G，D四點共面，且平面ABC⊥平面BCGE； (2)求圖2中的二面角B?CG?A的大?。? 【答案】 (1)見詳解；(2)． 【官方解析】 (1)由已知得

9、，,所以，故確定一個平面．從而四點共面． 由已知得，故平面． 又因為平面,所以平面平面． （2）作,垂足為．因為平面,平面平面，所以平面． 由已知，菱形的邊長為，，可求得． 以為坐標原點，的方向為軸的的正方向，建立如圖所示的空間直角坐標系，則 ． 設平面的法向量為，則 即 所以可取． 又平面的法向量可取為，所以． 因此二面角的大小為． 【點評】很新穎的立體幾何考題．首先是多面體粘合問題，考查考生在粘合過程中哪些量是不變的．再者粘合后的多面體不是直棱柱，建系的向量解法在本題中略顯麻煩，突出考查

10、幾何方法．最后將求二面角轉(zhuǎn)化為求二面角的平面角問題考查考生的空間想象能力． 7．(2019年高考數(shù)學課標全國Ⅱ卷理科)如圖，長方體的底面是正方形，點在棱上，． 證明：平面； 若，求二面角的正弦值． 【答案】證明見解析；. 【官方解析】 證明：由已知得，平面，平面， 故．又，所以平面． 由知．由題設知，所以， 故，． 以為坐標原點，的方向為軸正方向，為單位長，建立如圖所示的空間直角坐標系， 則，，，，，，． 設平面的法向量為，則 ，即所以可取. 設平面的法向量為，則 即所以可取. 于是．所以，二面角的正弦值為

11、． 【分析】 利用長方體的性質(zhì)，可以知道側(cè)面，利用線面垂直的性質(zhì)可以證明出，這樣可以利用線面垂直的判定定理，證明出平面； 以點坐標原點，以分別為軸，建立空間直角坐標系， 設正方形的邊長為，，求出相應點的坐標，利用，可以求出之間的關系，分別求出平面、平面的法向量，利用空間向量的數(shù)量積公式求出二面角的余弦值的絕對值，最后利用同角的三角函數(shù)關系，求出二面角的正弦值. 【解析】 因為是長方體，所以側(cè)面，而平面，所以,又，，平面，因此平面； 以點坐標原點，以分別為軸，建立如下圖所示的空間直角坐標系， ， 因為，所以， 所以，， 設是平面的法向量， 所以， 設是平面的法向量，

12、 所以， 二面角的余弦值的絕對值為， 所以二面角的正弦值為. 【點評】本題考查了利用線面垂直的性質(zhì)定理證明線線垂直，考查了利用空間向量求二角角的余弦值，以及同角的三角函數(shù)關系，考查了數(shù)學運算能力. 8．(2019年高考數(shù)學課標全國Ⅰ卷理科)如圖，直四棱柱的底面是菱形，分別是，，的中點． (1)證明：平面； (2)求二面角的正弦值． 【答案】解：（1）連結(jié)．因為分別為的中點，所以，且． 又因為為的中點，所以．由題設知，可得，故， 因此四邊形為平行四邊形，．又平面，所以平面． （2）由已知可得．以為坐標原點，的方向為軸正方向，建立如圖所示的空間直角坐標系，則，，，，． 設為

13、平面的法向量，則，所以可?。? 設為平面的法向量，則所以可?。? 于是，所以二面角的正弦值為． 9．(2018年高考數(shù)學課標Ⅲ卷（理）)(12分)如圖，邊長為的正方形所在平面與半圓弧所在的平面垂直，是弧上異于的點． (1)證明：平面平面； (2)當三棱錐體積最大時，求面與面所成二面角的正弦值． 【答案】【官方解析】（1）由題設知，平面平面，交線為 因為，平面，所以平面，故 因為為上異于的點，且為直徑，所以 又，所以平面 而平面，故平面平面． （2）以為坐標原點，的方向為軸正方向，建立如圖所示的空間直角坐標系 當三棱錐體積最大時，為的中點，由題設得 ，，，，

14、，， 設是平面的法向量，則 ，即 可取 易知是平面的法向量，因此 所以 所以面與面所成二面角的正弦值是． 【民間解析】（1）證明：因為面半圓面，且面半圓面 而四邊形為正方形，所以，所以平面 又平面，所以① 又因為點在以為直徑的半圓上，所以② 又、面，且③ 由①②③可得面，而平面 所以平面平面 （2）如圖，以所在直線作為軸，以中點為坐標原點，過點作的平行線，作為軸，過點作面的垂線，作為軸，建立空間直角坐標系 因為，而 所以當點到平面的距離最大時，三棱錐的體積最大，此時 所以，，；， 設面的法向量為，易知面的法向量為 所以， 由即，解得，可取 所以

15、故所求面與面所成二面角的正弦值為． 10．(2018年高考數(shù)學課標Ⅱ卷（理）)(12分) 如圖，在三棱錐中，，，為的中點． (1)證明：平面； (2)若點在棱上，且二面角為，求與平面所成角的正弦值． 【答案】解析：（1）因為，為的中點，所以，且． 連接．因為，所以為等腰直角三角形， 且，． 由知． 由，知平面． （2）如圖，以為坐標原點，的方向為軸正方向，建立空間直角坐標系． 由已知得，，，，，． 取平面的法向量為

16、． 設，則．設平面的法向量為， 由，得，可取， 所以，由已知可得． 所以，解得（舍去），． 所以．又，所以． 所以與平面所成角的正弦值為． 11．(2018年高考數(shù)學課標卷Ⅰ（理）)(12分)如圖，四邊形為正方形，分別為的中點，以為折痕把折起，使點到達點的位置，且． (1)證明:平面平面； (2)求與平面所成角的正弦值． 【答案】解析：（1）由已知可得，⊥，⊥，所以⊥平面． 又平面，所以平面⊥平面． （2）作，垂足為．由（1）得，平面． 以為坐標原點，的方向為軸正方向，為單位長，建立如圖所示的空間直角坐標系． 由（1）可得，．又，，所以．又，，故． 可得．

17、 則為平面的法向量． 設與平面所成角為，則． 所以與平面所成角的正弦值為． 12．(2017年高考數(shù)學新課標Ⅰ卷理科)如圖,在四棱錐中,,且． (1)證明:平面平面; (2)若,,求二面角的余弦值． 【答案】(1)詳見解析;(2)二面角的余弦值為． 【分析】(1)根據(jù)題設條件可以得出,,而,就可證明出平面．進而證明平面平面;(2)先找出的中點,找出相互垂直的線,建立以為坐標原點,的方向為軸的正方向,為單位長的空間直角坐標系,列出所需要的點的坐標,設是平面的法向量,是平面的法向量,根據(jù)垂直關系,求出和,利用數(shù)量積公式可求出二面角的平面角． 【解析】(1)由已知,得,

18、 由于,故,從而平面 又平面,所以平面平面 (2)在平面內(nèi)做,垂足為, 由(1)可知,平面,故,可得平面． 以為坐標原點,的方向為軸正方向,為單位長,建立如圖所示的空間直角坐標系． 由(1)及已知可得,,,． 所以,,,． 設是平面的法向量,則 ,即,可?。? 設是平面的法向量,則,即,可?。? 則,所以二面角的余弦值為． 【考點】面面垂直的證明,二面角平面角的求解． 【點評】高考對空間向量與立體幾何的考查主要體現(xiàn)在以下幾個方面:①求異面直線所成的角,關鍵是轉(zhuǎn)化為兩直線的方向向量的夾角;②求直線與平面所成的角,關鍵是轉(zhuǎn)化直線的方向向量和平面的法

19、向量的夾角;③求二面角,關鍵是轉(zhuǎn)化為兩平面的法向量的夾角．建立空間直角坐標系和表示出所需點的坐標是解題的關鍵． 13．(2017年高考數(shù)學課標Ⅲ卷理科)如圖，四面體中，是正三角形，是直角三角形，，． (1)證明：平面平面； (2)過的平面交于點，若平面把四面體分成體積相等的兩部分，求二面角的余弦值． 【答案】(Ⅰ)證明略;(Ⅱ)． 【解析】證明:(1)取的中點為,連接 為等邊三角形 ∴ ∴ ． ∴,即為等腰直角三角形, 為直角又為底邊中點 ∴ 令,則 易得:, ∴ 由勾股定理的逆定理可得 即 又∵ 由面面垂直

20、的判定定理可得 (2)由題意可知即,到平面的距離相等即為中點 以為原點,為軸正方向,為軸正方向,為軸正方向,設,建立空間直角坐標系 則,,,, 易得:,, 設平面的法向量為,平面的法向量為, 則,解得 ,解得 若二面角為,易知為銳角,則． 【考點】二面角的平面角;面面角的向量求法 【點評】(1)求解本題要注意兩點:一是兩平面的法向量的夾角不一定是所求的二面角,二是利用方程思想進行向量運算,要認真細心,準確計算． (2)設m,n分別為平面α,β的法向量,則二面角θ與互補或相等,故有|cos θ|=|cos|=．求解時一定要注意

21、結(jié)合實際圖形判斷所求角是銳角還是鈍角． 14．(2017年高考數(shù)學課標Ⅱ卷理科)如圖，四棱錐 中，側(cè)面 為等比三角形且垂直于底面 ， 是 的中點． (1)證明：直線 平面 ； (2)點 在棱 上，且直線 與底面 所成銳角為 ，求二面角 的余弦值． 【答案】（1）證明略；（2） 【基本解法1】 （1）證明：取中點為，連接、 因為，所以 因為是的中點，所以，所以 所以四邊形為平行四邊形，所以 因為平面，平面 所以直線平面 （2）取中點為，連接 因為△為等邊三角形，所以 因為平面平面，平面平面，平面 所以平面 因為，所以四邊形為平行四邊形，所以 所以

22、 以分別為軸建立空間直角坐標系，如圖 設，則，所以 設，則， 因為點在棱上，所以，即 所以，所以 平面的法向量為 因為直線與底面所成角為， 所以 解得，所以 設平面的法向量為，則 令，則 所以 所以求二面角的余弦值 【基本解法2】 （1）證明：取中點為，連接 因為，所以，即 所以四邊形為平行四邊形，所以 因為平面，平面 所以直線平面 因為是的中點，所以 因為平面，平面 所以直線平面 因為，所以平面平面 因為平面 所以直線平面 （2）同上 【命題意圖】線面平行的判定，線面垂直的判定，面面垂直的性質(zhì)，線面角、二面角的求解 【知識拓展】 線

23、面平行的證明一般有兩個方向，線面平行的判定或面面平行的性質(zhì)。 角的求解多借助空間直角坐標系，需要注意兩個問題：（1）題中沒有現(xiàn)成的三條線兩兩垂直，需要先證明后建系；（2）是指兩個法向量的夾角，與二面角相等或互補，需要觀察所求二面角是銳二面角還是鈍二面角． 15．(2016高考數(shù)學課標Ⅲ卷理科)如圖,四棱錐中,地面,AD∥BC,,,為線段上一點,,為的中點. (Ⅰ)證明∥平面; (Ⅱ)求直線與平面所成角的正弦值. 【答案】(Ⅰ)見解析;(Ⅱ). 【解析】(Ⅰ)由已知得,取的中點,連接 由為中點知∥,. 又∥

24、,故平行且等于,四邊形為平行四邊形,于是∥. 因為平面,平面,所以∥平面. (Ⅱ)取的中點,連接 由得,從而,且. 以為坐標原點,的方向為軸正方向,建立如圖所示的空間直角坐標系 由題意知,,,,, ,,, 設為平面的法向量,則, 即,可取,于是. 所以直線與平面所成角的正弦值為. 16．(2016高考數(shù)學課標Ⅱ卷理科)(本小題滿分)如圖，菱形的對角線與交于點，，點分別在上，，交于點．將沿折到的位置，． (I)證明：平

25、面； (II)求二面角的正弦值． 【答案】（Ⅰ）詳見答案；（Ⅱ）． 【解析】（I）由已知得， 又由得，故． 因此，從而． 由,得． 由得． 所以，． 于是，故． 又，而，所以． （II）如圖，以為坐標原點，的方向為軸的正方向，建立空間直角坐標系 則，，，， ，，． 設是平面的法向量，則，即 所以可以?。? 設是平面的法向量，則，即 所以可以?。谑? ． 因此二面角的正弦值是． 17．(2016高考數(shù)學課標Ⅰ卷理科)(本題滿分為12分)如圖，在以為頂點的五面體中，面為正方形，，，且二面角與二面角都是． (I)證明平面； (II)求二面角的余弦值．

26、 【答案】 (I)略；(II) 【官方解答】⑴ 由已知可得，，所以面 又面，故平面平面 (II)過點作，垂足為，由(I)知面 以為坐標原點，的方向為軸正方向，為單位長，建立如圖所示的空間直角坐標系 由(I)知為二面角的平面角，故，則 可得 由已知，,所以面． 由，可得平面，所以為二面角的平面角,． 從而可得．所以,,,． 設是平面的法向量，則即所以可取． 設是平面的法向量，則 同理可取，則 二面角的余弦值為． 【民間解答】⑴ ∵為正方形 ∴ ∵ ∴ ∵ ∴面,面 ∴平面平面 ⑵由⑴知 ∵,平面,平面 ∴平面,平面 ∵

27、面面 ∴ ∴ ∴四邊形為等腰梯形 以為原點，如圖建立坐標系，設 ，， 設面法向量為． ，即 設面法向量為 ．即, ∴ 設二面角的大小為． 二面角的余弦值為． 18．(2015高考數(shù)學新課標2理科)(本題滿分12分)如圖，長方體中,，，，點，分別在，上，．過點，的平面與此長方體的面相交，交線圍成一個正方形． (Ⅰ)在圖中畫出這個正方形(不必說出畫法和理由)； (Ⅱ)求直線與平面所成角的正弦值． 【答案】（Ⅰ）詳見解析；（Ⅱ）． 解析：（Ⅰ）交線圍成的正方形如圖：

28、 （Ⅱ）作，垂足為，則，，因為為正方形，所以．于是，所以．以為坐標原點，的方向為軸的正方向，建立如圖所示的空間直角坐標系，則，，，，，．設是平面的法向量，則即所以可?。郑剩灾本€與平面所成角的正弦值為． 考點：1、直線和平面平行的性質(zhì)；2、直線和平面所成的角． 19．(2015高考數(shù)學新課標1理科)如圖，四邊形為菱形，，是平面同一側(cè)的兩點，⊥平面，⊥平面，，． (1)證明：平面⊥平面; (2)求直線與直線所成角的余弦值． 【答案】（Ⅰ）見解析（Ⅱ） 分析：（Ⅰ）連接BD，設BD∩AC=G，連接EG，F(xiàn)G，EF，在菱形ABCD中，不妨設GB=1易證EG⊥AC，通過計算

29、可證EG⊥FG，根據(jù)線面垂直判定定理可知EG⊥平面AFC，由面面垂直判定定理知平面AFC⊥平面AEC；（Ⅱ）以G為坐標原點，分別以的方向為軸，y軸正方向，為單位長度，建立空間直角坐標系G-xyz，利用向量法可求出異面直線AE與CF所成角的余弦值． 解析：（Ⅰ）連接BD，設BD∩AC=G，連接EG，F(xiàn)G，EF，在菱形ABCD中，不妨設GB=1，由∠ABC=120°，可得AG=GC=． 由BE⊥平面ABCD，AB=BC可知，AE=EC， 又∵AE⊥EC，∴EG=，EG⊥AC， 在Rt△EBG中，可得BE=，故DF=． 在Rt△FDG中，可得FG=． 在直角梯形BDFE中，由BD=2，B

30、E=，DF=可得EF=， ∴，∴EG⊥FG， ∵AC∩FG=G，∴EG⊥平面AFC， ∵EG面AEC，∴平面AFC⊥平面AEC． （Ⅱ）如圖，以G為坐標原點，分別以的方向為軸，y軸正方向，為單位長度，建立空間直角坐標系G-xyz，由（Ⅰ）可得A（0，－，0），E（1,0, ），F(xiàn)（－1,0，），C（0，，0），∴=（1，，），=（-1，-，）．…10分 故． 所以直線AE與CF所成的角的余弦值為． 考點：空間垂直判定與性質(zhì)；異面直線所成角的計算；空間想象能力，推理論證能力 20．(2014高考數(shù)學課標2理科)(本小題滿分12分) 如圖，四棱錐P-ABCD中，底面ABC

31、D為矩形，PA⊥平面ABCD，E為PD的中點． (Ⅰ)證明：PB∥平面AEC； (Ⅱ)設二面角D-AE-C為60°，AP=1，AD=，求三棱錐E-ACD的體積． 【答案】解析： （Ⅰ）設AC的中點為G, 連接EG。在三角形PBD中，中位線EG//PB,且EG在平面AEC上，所以PB//平面AEC． （Ⅱ）設CD=m, 分別以AD,AB,AP為X,Y,Z軸建立坐標系，則 設平面ADE的法向量則解得向量， 同理設平面ACE的法向量 解得向量， 解得 設F為AD的中點， EF即為三棱錐E-ACD的高， 所

32、以，三棱錐E-ACD的體積為． 考點：（1）線面平行（2）二面角（3）棱錐的體積（4）向量在立體幾何中的運用 難度：B 備注：高頻考點 21．(2014高考數(shù)學課標1理科)如圖三棱柱中,側(cè)面為菱形,． (1)證明:; (2)若,,, 求二面角的余弦值． 【答案】解析 (1)連結(jié),交于,連結(jié)．因為側(cè)面為菱形,所以^,且為與的中點．又,所以平面,故=又?,故 (2)因為且為的中點,所以又因為,所以 故,從而兩兩互相垂直．? 以為坐標原點,的方向為軸正方向,為單位長,建立如圖所示空間直角坐標系．? 因為,

33、所以為等邊三角形．又=,則 ,,, , 設是平面的法向量,則 ,即 所以可取 設是平面的法向量,則,同理可取 則,所以二面角的余弦值為． 22．(2013高考數(shù)學新課標2理科)如圖，直三棱柱中，分別是的中點， (1)證明：平面； (2)求二面角的正弦值． 【答案】（1）見解析;（2） 解析：(1)證明　連結(jié)交于點，則為的中點． 又是的中點，連結(jié)，則∥． 因為平面，平面， 所以∥平面． (2)解　由得，． 以為坐標原點，的方向為軸正方向，的方向為軸正方向，的方向為軸正方向，建立如圖所示的空間直角坐標系． 設，則， ． 設平面的法向量

34、， 則，可?。? 同理，設m是平面的法向量，同理可得． 從而，故， 即二面角D－A1C－E的正弦值為． 考點：（1）9．4．1直線與平面平行的判定與性質(zhì)；（2）9．8．3求二面角 難度： B 備注：高頻考點 23．(2013高考數(shù)學新課標1理科)如圖，三棱柱中，． (Ⅰ)證明; (Ⅱ)若平面平面，，求直線與平面所成角的正弦值。 【答案】（1）見解析?。?） 解析:（Ⅰ）取AB中點E，連結(jié)CE，，， ∵，=，∴是正三角形， ∴， ∵， ∴， ∵，∴面， ∴AB⊥； ……6分 （Ⅱ）由（Ⅰ）知，， 又∵面面，面面， ∴面，∴

35、， ∴EA，EC，兩兩相互垂直，以E為坐標原點，的方向為軸正方向，||為單位長度，建立如圖所示空間直角坐標系， 由題設知A(1,0,0),(0,,0),C(0,0,),B(－1,0,0),則=（1,0，）,==(－1,0,),=(0,－,), ……9分 設=是平面的法向量， 則，即，可取=（，1，-1）， ∴=， ∴直線A1C 與平面BB1C1C所成角的正弦值為． ……12分 考點（1）9．5．3線面、面面垂直的綜合應用；（2）9．8．2求直線與平面所成的角． 難度：Ｃ 備注：高頻考點、易錯題 24．(2012高考數(shù)學新課標理科)如圖，直三棱柱中

36、，， 是棱的中點， (1)證明： (2)求二面角的大?。? 【答案】（１）詳見解析　　（２） 解析：（１）證明：設， 直三棱柱， ， ， ，． 又，， 平面． 平面,． （２）以C為空間直角坐標系的原點，CA，CB，所在直線分別為x軸，y軸，z軸， 設則（0，0，2a）,D（a,0,a）,B（0，a，0），A（a,0,0） 所以，， 設分別是平面，平面的法向量，則 解得，令，則 解得令則 ∴， ∴ ∵ ∴=30° 即二面角的大小為． 考點：（１）9．1．1空間幾何體的結(jié)構(gòu)特征；（２）9．5．1直線與平面垂直的判定與性質(zhì)； （３）9．8．3求二面角 難度：Ｂ 備注：高頻考點