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1、 高考預測100題 電磁學 電場是高中物理中研究的重點之一，也是高考命題重點之一。高考對電場的考查每年每份試卷都有2個以上的題，分值占總分的12~20%。高考對電場的考查涉及的知識點主要是：庫侖定律、電場強度和電場力、電勢和電勢能、電勢差、電容器和電容、帶電粒子在電場中的加速和類平拋運動等。 核心考點一、庫侖定律 【核心內容解讀】真空中兩個點電荷之間的作用力與兩個電荷的電荷量乘積成正比，與它們之間距離的二次方成反比。庫侖定律是靜電場中的重要定律，利用庫侖定律解答選擇題可采用比例法。兩個完全相同的帶同號電荷的金屬小球接觸后電荷

2、量平分；兩個完全相同的帶異號電荷的金屬小球接觸后，先中和后平分。 預測題1. 使兩個完全相同的金屬小球（均可視為點電荷）分別帶上-3Q和+5Q的電荷后，將它們固定在相距為a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F1?，F用絕緣工具使兩小球相互接觸后，再將它們固定在相距為2a的兩點，它們之間庫侖力的大小為F2。則F1與F2之比為（ ） A．2∶1 B．4∶1 C．16∶1 D．60∶1 【名師點評】此題以異號點電荷接觸后再放回原處為情景，意在考查電荷守恒定律和庫侖定律。 預測題2.半徑相同的兩個金屬小球A、B帶有等量的電荷，相隔較遠的距離

3、，兩球之間的吸引力大小為F，今用第三個半徑相同的不帶電的金屬小球先后與A、B兩球接觸后移開，這時A、B兩球之間作用力的大小是 （A）F/4 （B）3F/4 （C）F/8 （D） 3F/8 【名師點評】此題以三個小球相互接觸切入，意在考查電荷守恒定律和庫侖定律。 預測題3．如圖所示，將兩個擺長均為l的單擺懸于O點，擺球質量均為m，帶電量均為q（q>0）。將另一個帶電量也為q（q>0）的小球從O點正下方較遠處緩慢移向O點，當三個帶電小球分別處在等邊三角形abc的三個頂點上時，擺線的夾角恰好為120°，則此時擺線上的拉力大小等于（

4、 ） A． B． C． D． 【名師點評】此題考查帶電小球的平衡問題。 核心考點二、電場線 預測題1.在光滑絕緣的水平桌面上，存在著方向水平向右的勻強電場，電場線如圖中實線所示。一帶正電、初速度不為零的小球從桌面上的A點開始運動，到C點時，突然受到一個外加的水平恒力F作用而繼續(xù)運動到B點，其運動軌跡如圖中虛線所示，v表示小球在C點的速度。則下列判斷中正確的是 ( ) A. 小球在A點的電勢能比在B點的電勢能小 B. 恒力 F的方向可能水平向左 C. 恒力F的方向可能與v方向相反 D. 在 A、B兩點小球的速率不可能相等 【名師點評】分析解答時要注意應用帶電粒

5、子所受合外力方向指向軌跡彎曲的方向。 預測題2．一對等量正點電荷電場的電場線（實線）和等勢線（虛線）如圖所示，圖中A、B兩點電場強度分別是EA、EB，電勢分別是φA、φB，負電荷q在A、B時的電勢能分別是EPA、EPB，下列判斷正確的是（ ） A．EA>EB，φA>φB ，EP A< EPB B．EA>EB，φA<φB ，EPA< EPB C．EA< EB，φA>φB ，EPA> EPB D．EA EPB 【名師點評】電場線與等勢面垂直。在兩個等量同號點電荷連線上中點的電場強度為零，在連線的中垂線上，關于連線中點對稱有兩

6、點電場強度最大，且方向相反。 預測題3.圖為一頭大一頭小的導體周圍等勢面和電場線（帶有箭頭為電場線）示意圖，已知兩個相鄰等勢面間的電勢之差相等，則（ ） A．a點和d點的電場強度一定相同 B．a點的電勢一定低于b點的電勢 C．將負電荷從c點移到d點，電場力做正功 D．將正電荷從c點沿虛線移到e點，電勢能先減小后增大 【名師點評】帶電導體為一等勢體，電場線方向與導體表面垂直。 核心考點三、等勢面 預測題1．如圖所示，虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab = Ubc，實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這

7、條軌跡上的兩點，據此可知 A．三個等勢面中，a的電勢最高 B．帶電質點在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大 C．帶電質點通過P點時的動能比通過Q點時大 D．帶電質點通過P點時的加速度比通過Q點時大 【名師點評】等電勢差的等勢面密處電場強度大，疏處電場強度??；等距等勢面電勢差大處電場強度大，電勢差小處電場強度小。 預測題2．如圖所示，實線為電視機顯像管主聚焦電場中的等勢面。a、b、c、d為圓上的四個點，則下列說法中正確的是 A．a、b、c、d 四點電勢不等，但電場強度相同 B．一電子從b點運動到c點，電場力做的功為0.6eV C．若一電子從左側沿中心軸線穿

8、越電場區(qū)域，將做加速度先增加后減小的加速直線運動 D．一束電子從左側平行于中心軸線進入電場區(qū)域，將會從右側平行于中心軸線穿出 【名師點評】此題以電視機顯像管主聚焦電場中的等勢面切入，意在考查對等勢面的理解和帶電粒子在電場中的運動。 核心考點四、場強圖象與電勢圖象 預測題1.空間存在一沿x軸方向的靜電場，電場強度E隨x變化的關系如圖所示，圖線關于坐標原點旋轉對稱，A、B是x軸上關于原點對稱的兩點。電子在該電場中僅受電場力作用，則（ ） A．電子在A、B兩點的電勢能相等 E B x A O B．電子在A、B兩點的加速度方向相反 C．電子從A點由靜止釋放后的運

9、動軌跡可能是曲線 D．取無窮遠處電勢為零，則O點處電勢亦為零 【名師點評】此題給出的電場強度E隨x變化的關系圖，實質是沿x軸關于坐標原點O對稱放置的兩個等量負電荷的沿x軸方向的靜電場場強E隨x變化的關系圖。 預測題2．兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關系如圖所示，其中A、N兩點的電勢為零，ND段中C點電勢最高，則 A．C點的電場強度大小為零 B．A點的電場強度大小為零 C．NC間場強方向指向x軸正方向 D．將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功 【名師點評】此題給出的沿x軸方向電勢φ隨x變化的關系圖象，描述

10、的是處于坐標原點的正電荷q1和處于M點的負電荷q2的電場電勢圖象。根據C點的電場強度大小為零，q1>q2.。 核心考點五、空間電場問題 預測題1.在空間直角坐標系O-xyz中，有一四面體C-AOB，C、A、O、B為四面體的四個頂點，且O(0,0,0)、A(L,0,0)、B(0,L,0)、 C(0,0,L)，D(2L,0,0)是x軸上一點，在坐標原點O處固定著+Q的點電荷，下列說法正確的是 A.A、B、C三點的電場強度相同 B.電勢差UOA =UAD C.將一電子由C點分別移動到A、B兩點，電場力做功相同 D.電子在A點的電勢能大于在D點的電勢能 【名師點評】此題考查電場強度、

11、電勢差、電勢能、電場力做功等知識點的掌握及學生空間想象能力。 預測題2.如圖所示的勻強電場E的區(qū)域內，由A、B、C、D、A＇、B＇、C＇、D＇作為頂點構成一正方體空間，電場方向與面ABCD垂直。下列說法正確的是 A．AD兩點間電勢差UAD與AA＇兩點間電勢差UAA＇相等 B．帶正電的粒子從A點沿路徑A→D→D＇移到D＇點，電場力做正功 C．帶負電的粒子從A點沿路徑A→D→D＇移到D＇點，電勢能減小 D．帶電粒子沿對角線AC＇與沿路徑A→B→C＇，從A點到C＇點電場力做功相同 【名師點評】分析解答時要主要應用電場線與等勢面垂直、電場力做功與路徑無關、沿電場線方向電勢降低等知識點。

12、 核心考點六、帶電粒子在非勻強電場中的運動 預測題1．如圖所示，Q1、Q2為兩個固定點電荷，其中Q1帶正電，它們連線的延長線上有a、b兩點．一正試探電荷以一定的初速度沿直線從b點開始經a點向遠處運動，其速度圖象如圖所示．則A．Q2帶正電 B．a、b兩點的電勢φa>φb C．a、b兩點電場強度Eb>Ea D．試探電荷從b到a的過程中電勢能減小 【名師點評】由速度圖象的斜率表示加速度可知，正試探電荷運動經過a點時的加速度為零，該點的電場強度為零。 高考預測2．如圖4所

13、示，實線為某孤立點電荷產生的電場的幾條電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力的作用，下列說法中正確的是（ ） A．該電場是由負點電荷所激發(fā)的電場 B．電場中a點的電勢比b點的電勢高 C．帶電粒子在a點的加速度比在b點的加速度大 D．帶電粒子在a點的動能比在b點的動能大 【名師點評】此題以帶電粒子在點電荷電場中的運動軌跡切入，意在考查電場力、牛頓運動定律、動能等知識點。 預測3．如圖所示，真空中有兩個等量異種點電荷A和B，一帶負電的試探電荷僅受電場力作用，在電場中運動的部分軌跡如圖中實線所示．M、N是

14、軌跡上的兩點，MN連線與AB連線垂直，O為垂足，且AO>OB。設M、N兩點的場強大小分別為EM、EN，電勢分別為φM、φN。下列判斷中正確的是（ ） A．EM大于EN B．φM大于φN C．B點電荷一定帶正電 D．此試探電荷在M處的電勢能小于N處的電勢能 【名師點評】此題以帶電粒子在等量異種點電荷電場中的運動軌跡切入，意在考查電場強度、電勢、電勢能等知識點。 預測題4．一帶電粒子射入一固定的正點電荷Q的電場中，沿如圖所示的虛線由a點經b點運動到c點，b點離Q最近。若不計重力，則 A．帶電粒子帶正電荷 B．帶電粒子到達b點時動能最大 C．帶電粒子從a到

15、b電場力做正功 D．帶電粒子從b到c電勢能減小 【名師點評】此題以帶電粒子在點電荷電場中的運動軌跡切入，意在考查電場力、動能與電勢能的轉化等知識點。 核心考點七、帶電體在勻強電場中的運動 預測題1.如圖所示，在豎直平面內，光滑的絕緣細桿AC與半徑為R的圓交于B、C兩點，在圓心O處固定一正電荷，B為AC的中點，C位于圓周的最低點?，F有一質量為m、電荷量為-q、套在桿上的帶負電小球（可視為質點）從A點由靜止開始沿桿下滑。已知重力加速度為g，A、C兩點的豎直距離為3R，小球滑到B點時的速度大小為2。求： （1）小球滑至C點時的速度大??； （2）A、B兩點間的電勢差UAB。 【名

16、師點評】此題以帶電小球在非勻強電場中的運動切入，綜合考查動能定理、等勢面、電勢差、電場力的功等知識點。 預測題2. 如圖所示，豎直放置的半圓形絕緣軌道半徑為R，下端與光滑絕緣水平面平滑連接，整個裝置處于方向豎直向上的勻強電場E中。一質量為m、帶電量為+q的物塊（可視為質點），從水平面上的A點以初速度v0水平向左運動，沿半圓形軌道恰好通過最高點C，場強大小為E（E小于mg/q）。（1）試計算物塊在運動過程中克服摩擦力做的功。 （2）證明物塊離開軌道落回水平面時的水平距離與場強大小E無關，且為一常量。 【名師點評】此題以帶電物塊在勻強電場中的沿豎直半圓軌道運動切入，綜合考查動能定理、

17、平拋運動、牛頓運動定律、豎直面內的圓周運動等知識點。 核心考點八、帶電粒子在電場中的類平拋運動 U U0 v O O / 預測題1. 如圖所示，質子、氘核和α粒子都沿平行板電容器兩板中線OO/方向垂直于電場線射入板間的勻強電場，射出后都打在同一個與OO/垂直的熒光屏上，使熒光屏上出現亮點．下列說法中正確的是 （ ） A．若它們射入電場時的速度相等，在熒光屏上將出現3個亮點 B．若它們射入電場時的質量與速度的乘積相等，在熒光屏上將只出現2個亮點 C．若它們射入電場時的動能相等，在熒光屏上將只出現1個亮點 D．若它們是由同一個電場從靜止加速后射入此偏轉電場的，

18、在熒光屏上將只出現1個亮點 【名師點評】帶電粒子在電場中的類平拋運動可視為垂直電場方向的勻速直線運動和沿電場方向的初速度為零的勻加速直線運動的合成，可遷移平拋運動規(guī)律解答。 預測題2（2012河南商丘模擬）帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N水平放置，兩個電荷P和Q以相同的速率分別從極板M邊緣和兩板中間沿水平方向進入板間電場，恰好從極板N邊緣射出電場，如圖所示。若不考慮電荷的重力和它們之間的相互作用，下列說法正確的是 A．兩電荷的電荷量可能相等 B．兩電荷在電場中運動的時間相等 C．兩電荷在電場中運動的加速度相等 D．兩電荷離開電場時的動能相等 【名

19、師點評】此題以兩個帶電粒子從帶有等量異種電荷的平行金屬板之間不同位置射入切入，意在考查帶電粒子在勻強電場中的類平拋運動。 高中物理中的電路包括直流電流和交流電路、電磁感應，電路規(guī)律主要有歐姆定律和閉合電路歐姆定律、電阻定律、焦耳定律、電功和電功率、正弦交變電流變化規(guī)律和描述、電容器和電感器對電路的影響、變壓器和電能輸送、安培力和左手定則、判斷電流產生磁場的安培定則、法拉第電磁感應定律、楞次定律等。高考對電路的考查每年每份試卷都有3~4個題，分值占總分的18~25%。高考命題重點為電功和電功率、歐姆定律和閉合電路歐姆定律、動態(tài)電路、含電容器電路、正弦交變電流圖象、變壓器、安培力和左手定則、

20、安培定則、法拉第電磁感應定律、楞次定律等。 核心考點一、電路動態(tài)變化 【核心考點解讀】對電路動態(tài)變化要按照從局部到全局再到局部的順序進行分析。電路中滑動變阻器滑動導致接入電路部分電阻增大（與電路中某一支路開關斷開、某一元件斷路相當），外電路中總電阻增大，電源輸出電流減小，內阻不可忽略的電源路端電壓增大；該滑動變阻器所在支路中電流減小，與其并聯的支路中電流增大。電路中滑動變阻器滑動導致接入電路部分電阻減?。ㄅc電路中某一支路開關閉合、某一元件短路相當），外電路中總電阻減小，電源輸出電流增大，內阻不可忽略的電源路端電壓減??；該滑動變阻器所在支路中電流增大，與其并聯的支路中電流減小。 預測題1．

21、L V S C E r P R A 如圖1所示的電路，電表均為理想電表，閉合開關S，當滑動變阻器滑片P向右移動時，下列說法正確的是： A．電流表讀數變小，電壓表讀數變大 B．小燈泡L變暗 C．電源的總功率變小 D．電容器C上電荷量減小 【名師點評】此題考查滑動變阻器滑片P運動引起的電表讀數變化、小燈泡亮度變化、電源功率變化和電容器C上電荷量變化。 預測題2.如圖所示，當Rs的觸頭向右移動時，電壓表V1和電壓表V2的示數的變化量分別為△U1和△U2（均取絕對值）。則下列說法中正確的是 A．△U1>△U2 B．△

22、U1<△U2 C．電壓表V1的示數變小 D．電壓表V2的示數變小 【名師點評】此題考查滑動變阻器滑片P運動引起的電壓表讀數變化和變化量關系分析。 核心考點二、電功和電功率 【核心考點解讀】電功W=UIt，電功率P=UI。電源功率為EI。電動機的輸入功率為IU，電動機內部發(fā)熱功率為I2R。 預測題1．如圖所示，直流電動機線圈的電阻為R，電源內阻為r，當該電動機正常工作時，電源路端電壓為U，通過電動機的電流為I，則 （ ） A．電動機內部發(fā)熱功率為I2R B．電動機的機械功率為IU C．電源電動勢為I（R+r） D．電源的輸出功率為IU+I2R 【名師

23、點評】此題通過電動機電路判斷電動機的相關功率等。 預測題2.如圖所示，現有甲、乙、丙三個電動勢E相同而內阻r不同的電源．用這三個電源分別給定值電阻R供電，已知它們的阻值大小關系為R=r甲>r乙>r丙，則將R先后接在這三個電源上時的情況相比較，下列說法正確的是（ ） A．接在甲電源上時，電源內阻消耗的功率最大 B．接在乙電源上時，電源的總功率最大 C．接在丙電源上時，電源的輸出功率最大 D．接在甲電源上時，電源的輸出功率最大 【名師點評】此題通過同一電阻接不同電源，判斷電源的總功率、電源的輸出功率、電源內阻消耗的功率。 預測題3．如圖所示，把兩個相同的燈泡分別接在

24、甲、乙電路中，甲電路兩端的電壓為8V，乙電路兩端的電壓為16V。調節(jié)變阻器R1和R2使兩燈都正常發(fā)光，此時變阻器消耗的功率分別為P1和P2，兩電路中消耗的總功率分別為和則下列關系中正確的是（ ） A． ＜ B． ＞ C． P1＞P2 D． P1＝P2 【名師點評】此題一串一并，看視不同，實際上通過分析可以看出兩電路中消耗的總功率相等。 核心考點三、電路故障判斷 【核心考點解讀】電路故障的分析判斷方法：與出現斷路故障并聯的支路電流一定增大，小燈泡變亮，與出現斷路故障串聯的支路電流減小。用電壓表判斷電路故障的方法：用電壓表測量電路中兩點間的電壓，若電壓表有讀數

25、，說明這兩點（電壓表）與電源之間的連線是通路，斷路故障點就在這兩點之間；若電壓表無讀數，說明這兩點（電壓表）與電源之間的連線是斷路，斷路故障點就在這兩點與電源的連線上。逐漸縮小測量范圍，不難找出斷路故障點。短路的表現為電流不為零而兩點之間電壓為零。 預測題1.如圖所示電路，燈A、B都能正常發(fā)光，忽然燈A變亮，燈B變暗，如果電路中有一處出現斷路故障，則出現斷路故障的電路是（ ） A．R1所在的支路 B．R2所在的支路 C．R3所在的支路 D．電源所在的電路 【名師點評】出現斷路故障的電路是與電燈并聯的支路。 核心考點四、電路定律 【核心考點解讀】電路定律主要有電流定

26、義式、電阻定律、焦耳定律、歐姆定律、閉合電路歐姆定律等。 圖12 A B m v0 E r R1 P S 預測題1．在如圖12所示的電路中，兩平行正對金屬板A、B水平放置，兩板間的距離d=4.0cm。電源電動勢E=400V，內電阻r=20Ω，電阻R1=1980Ω。閉合開關S，待電路穩(wěn)定后，將一帶正電的小球（可視為質點）從B板上的小孔以初速度v0=1.0m/s豎直向上射入兩板間，小球恰好能到達A板。若小球所帶電荷量q=1.0×10-7C，質量m=2.0×10-4kg，不考慮空氣阻力，忽略射入小球對電路的影響，取g=10m/s2。求： （1）A、B兩金屬板間的電壓的大小U；

27、 （2）滑動變阻器消耗的電功率P滑； （3）電源的效率η。 【名師點評】此題考查動能定理、閉合電路歐姆定律、電功率、電源效率等。 預測題2.如圖所示電路，當變阻器的滑動片從一端滑到另一端的過程中兩電壓表的讀數隨電流表讀數的變化情況如圖中的A、B兩直線所示，不考慮電表對電路的影響， （1）電壓表V1、V2的示數隨電流表示數的變化圖像應分別為U-I圖象中的哪一條直線？ （2）定值電阻R0、變阻器的總電阻分別為多少？ （3）試求出電源的電動勢和內電阻。 （4）變阻器滑動片從一端滑到另一端的過程中，變阻器消耗的最大電功率為多少？ 【名師點評】此題考查U—I圖象分析、歐姆定律、電功

28、率等。 核心考點一、安培力 【核心考點解讀】磁場對電流的作用叫做安培力，安培力大小F=BILsinα，式中α是電流與磁場方向的夾角，L為導線的有效長度。閉合通電線圈在勻強磁場中所受的安培力的矢量和為零。兩平行直導線通有同向電流時相互吸引，通有反向電流時相互排斥。兩平行通電直導線之間的作用力大小正比于電流大小。對于放在磁場中的通電導線，分析受力時要考慮它受到的安培力。若通電導線在安培力和其他力作用下處于平衡狀態(tài)，則利用平衡條件列方程解之； 預測題1．如圖2所示為電磁軌道炮的工作原理圖。待發(fā)射彈體與軌道保持良好接觸，并可在兩平行軌道之間無摩擦滑動。電流從一條軌道流入，通過彈體流回另一

29、條軌道。軌道電流在彈體處形成垂直于軌道平面的磁場（可視為勻強磁場），磁感應強度的大小與電流強度I成正比。彈體在安培力的作用下滑行L后離開軌道 A．彈體向左高速射出 B．I為原來2倍，彈體射出的速度也為原來2倍 C．彈體的質量為原來2倍，射出的速度也為原來2倍 D．L為原來4倍，彈體射出的速度為原來2倍 【名師點評】通電導體垂直磁場方向放入勻強磁場，所受安培力F=BIL，在安培力作用下，導體垂直磁場方向移動x，安培力做功W=Fx。 預測題2．如圖所示，A、B、C是等邊三角形的三個頂點，O是A、B連線的中點。以O為坐標原點，A、B連線為x軸，O、C連線為y軸，建立坐標系。過A、B、

30、C、O四個點各有一條長直導線垂直穿過紙面，導線中通有大小相等、方向向里的電流。則過O點的通電直導線所受安培力的方向為 A．沿y軸正方向 B．沿y軸負方向 C．沿x軸正方向 D．沿x軸負方向 【名師點評】此題考查磁場疊加、安培定則和左手定則等。 預測題3. 如圖所示,平行于紙面水平向右的勻強磁場,磁感應強度B1=1T。.位于紙面內的細直導線,長L=1 m,通有I=1 A的恒定電流。.當導線與B1成60°夾角時,發(fā)現其受到的安培力為零。.則該區(qū)域同時存在的另一勻強磁場的磁感應強度B2的可能值 (　) A．T B．T C．1T

31、 D．T 【名師點評】此題考查磁場疊加和左手定則等。 預測題4．如圖11甲所示，在水平地面上固定一對與水平面傾角為α的光滑平行導電軌道，軌道間的距離為l，兩軌道底端的連線與軌道垂直，頂端接有電源。將一根質量為m的直導體棒ab放在兩軌道上，且與兩軌道垂直。已知軌道和導體棒的電阻及電源的內電阻均不能忽略，通過導體棒的恒定電流大小為I，方向由a到b，圖11乙為圖甲沿a→b方向觀察的平面圖。若重力加速度為g，在軌道所在空間加一豎直向上的勻強磁場，使導體棒在軌道上保持靜止。 （1）請在圖11乙所示的平面圖中畫出導體棒受力的示意圖； （2）求出磁場對導體棒的安培力的大??； （3）如果改變

32、導軌所在空間的磁場方向，試確定使導體棒在軌道上保持靜止的勻強磁場磁感應強度B的最小值的大小和方向。 核心考點二、質譜儀 【核心考點解讀】質譜儀是分析同位素的重要工具，帶電粒子經過加速電場加速，經過速度選擇器后垂直邊界進入勻強磁場中做勻速圓周運動，根據帶電粒子在勻強磁場中的運動半徑和加速電場電壓，可確定粒子的比荷。 預測題1、1922年英國物理學家阿斯頓因質譜儀的發(fā)明、同位素和質譜的研究榮獲了諾貝爾化學獎。.若速度相同的同一束粒子由左端射入質譜儀后的運動軌跡如圖8所示，則下列相關說法中正確的是 A. 該束帶電粒子帶負電 B. 速度選擇器的P1極板帶正電 C. 在B2磁場中運動半徑越大

33、的粒子,質量越大 D. 在B2磁場中運動半徑越大的粒子,比荷q/m越小 【名師點評】此題考查質譜儀的工作原理及其相關知識。 預測題2.下圖是質譜儀工作原理的示意圖。帶電粒子a、b經電壓U加速（在A點初速度為零）后，進入磁感應強度為B的勻強磁場做勻速圓周運動，最后分別打在感光板S上的x1、x2處。圖中半圓形的虛線分別表示帶電粒子a、b所通過的路徑，則?? A．a的質量一定大于b的質量 B．a的電荷量一定大于b的電荷量 C．a運動的時間大于b運動的時間 D．a的比荷（q a /ma）大于b的比荷（qb /mb） 【名師點評】此題考查質譜儀的構造原理及其相關知識。 預測題3.

34、如圖19所示為一質譜儀的構造原理示意圖，整個裝置處于真空環(huán)境中，離子源N可釋放出質量均為m、電荷量均為q（q＞0）的離子。離子的初速度很小，可忽略不計。離子經S1、S2間電壓為U的電場加速后，從狹縫S3進入磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向外的勻強磁場中，沿著半圓運動到照相底片上的P點處，測得P到S3的距離為x。求： (1)離子經電壓為U的電場加速后的速度v； (2) 離子的荷質比 (q/m) 【名師點評】此題重點考查質譜儀的構造原理。 預測題4.如題圖所示為某種質譜儀的結構示意圖。其中加速電場的電壓為U，靜電分析器中與圓心O1等距各點的電場強度大小相同，方向沿徑向指向圓心O1。

35、磁分析器中以O2為圓心、圓心角為90°的扇形區(qū)域內，分布著方向垂直于紙面的勻強磁場，其左邊界與靜電分析器的右邊界平行。由離子源發(fā)出一個質量為m、電荷量為q的正離子（初速度為零，重力不計），經加速電場加速后，從M點沿垂直于該點的場強方向進入靜電分析器，在靜電分析器中，離子沿半徑為R的四分之一圓弧軌道做勻速圓周運動，并從N點射出靜電分析器。而后離子由P點沿著既垂直于磁分析器的左邊界，又垂直于磁場方向射入磁分析器中，最后離子沿垂直于磁分析器下邊界的方向從Q點射出，并進入收集器。測量出Q點與圓心O2的距離為d。 (1）求靜電分析器中離子運動軌跡處電場強度E的大??； (2）求磁

36、分析器中磁場的磁感應強度B的大小和方向； (3）通過分析和必要的數學推導，請你說明如果離子的質量為2m，電荷量仍為q，其他條件不變，這個離子射出電場和射出磁場的位置是否變化。 【名師點評】此題考查帶電粒子在電場中的加速、在電場中的勻速圓周運動、在勻強磁場中的勻速圓周運動等，涉及的知識點由動能定理、圓周運動、電場力、洛倫茲力等。解答此題容易產生的誤區(qū)有三：一是沒有認真審題，不能得出圓周運動的軌道半徑r=d；二是不能利用數學推導得出質量為2m的離子仍然在靜電分析器中做半徑為R的勻速圓周運動，仍從N點射出；三是不能利用分析得出離子在勻強磁場中運動軌道半徑與離子質量有關。 核心考點三、回旋加速器

37、 【核心考點解讀】回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，離子由加速器的中心附近進入加速器，經過回旋加速后從加速器的邊緣出加速器，離子通過電場加速從電場中獲得能量?；匦铀倨髁Ｗ舆\動周期與狹縫上所加交變電壓的周期相等?；匦铀倨鳘M縫所加交變電壓的周期等于粒子做勻速圓周運動的周期，粒子回旋一周加速兩次。由可知粒子加速后的最大動能Ekm=，與加速電壓無關。 預測題1. 如圖是醫(yī)用回旋加速器示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源相連?，F分別加速氘核（）和氦核（）。下列說法中正確的是( ) A．它們的最大速度相同 B．它們的最大動能相同 C．它們在

38、D形盒中運動的周期相同 D．僅增大高頻電源的頻率可增大粒子的最大動能 【名師點評】此題以醫(yī)用回旋加速器切入，意在考查回旋加速器原理與粒子獲得的最大動能相關的因素。 預測題2．圖甲是回旋加速器的原理示意圖。其核心部分是兩個D型金屬盒， 在加速帶電粒子時，兩金屬盒置于勻強磁場中（磁感應強度大小恒定），并分別與高頻電源相連。加速時某帶電粒子的動能EK隨時間t變化規(guī)律如下圖乙所示，若忽略帶電粒子在電場中的加速時間，則下列判斷正確的是（ ） B．高頻電源的變化周期應該等于tn－tn-1 C．粒子加速次數越多，粒子最大動能一定越大 D．D形盒中的高頻電源電壓越大，粒子

39、獲得的最大動能越大 【名師點評】此題重點考查回旋加速器原理與粒子獲得的最大動能相關的因素。 核心考點四、顯像管 【核心考點解讀】顯像管是電子槍發(fā)射電子，由電場加速，磁場偏轉來達到掃描顯示出圖象的。 預測題1. 顯像管原理的示意圖如圖6所示，當沒有磁場時，電子束將打在熒光屏正中的O點，安裝在管徑上的偏轉線圈可以產生磁場，使電子束發(fā)生偏轉。.設垂直紙面向里的磁場方向為正方向，若使電子打在熒光屏上的位置由a點逐漸移動到b點，下列變化的磁場能夠使電子發(fā)生上述偏轉的是 【名師點評】此題從理論上說明了電子束掃描的磁場磁感應強度變化規(guī)律。 預測題2. 電視機的顯像管中，電子束的偏轉是用磁偏轉

40、技術實現的。電子束經過加速電場后，進入一圓形勻強磁場區(qū)，磁場方向垂直于圓面。不加磁場時，電子束將通過磁場中心O點而打到屏幕上的中心M，加磁場后電子束偏轉到P點外側。現要使電子束偏轉回到P點，可行的辦法是( ) A．增大加速電壓 B．增加偏轉磁場的磁感應強度 C．將圓形磁場區(qū)域向屏幕靠近些 D．將圓形磁場的半徑增大些 解析：【名師點評】此題從理論上說明了影響電子束偏轉的因素。 核心考點一、法拉第電磁感應定律和楞次定律 【核心內容解讀】感應電流的產生條件是閉合電路中的磁通量發(fā)生變化。楞次定律的內容為：感應電流具有這樣的

41、方向，即感應電流的磁場總要阻礙引起感應電流的磁通量的變化。法拉第電磁感應定律：感應電動勢大小跟穿過這一電路的磁通量變化率成正比，即E=。注意E=一般用來計算Δt內產生感應電動勢的平均值。對于處于變化磁場中的電路，產生的感應電動勢E==nS.，式中S為回路面積。電磁感應現象中通過導體截面的電量q=IΔt=ΔФ/R, 式中R為回路的總電阻。對于導體垂直切割磁感線，產生的感應電動勢E= BLv，式中L為有效切割長度，v為導體相對于磁場的速度。 預測題1．．如圖1所示，在一固定水平放置的閉合導體圓環(huán)上方，有一條形磁鐵，從離地面高h處，由靜止開始下落，最后落在水平地面上。磁鐵下落過程中始終保持豎直

42、方向，并從圓環(huán)中心穿過圓環(huán)，而不與圓環(huán)接觸。若不計空氣阻力，重力加速度為g，下列說法中正確的是 （ ） A．在磁鐵下落的整個過程中，圓環(huán)中的感應電流方向先逆時針后順時針（從上向下看圓環(huán)） B．磁鐵在整個下落過程中，所受線圈對它的作用力先豎直向上后豎直向下 C．磁鐵在整個下落過程中，它的機械能不變 D．磁鐵落地時的速率一定等于 【名師點評】此題考查楞次定律和下落時機械能與電能的轉化。 預測題2.如圖所示，在半徑為R的半圓形區(qū)域內，有磁感應強度為B的垂直紙面向里的有界勻強磁場，PQM為圓內接三角形，且PM為圓的直徑，三角形的各邊由材料相同的細軟彈性導線組成（不考慮導線中電流

43、間的相互作用）。設線圈的總電阻為r且不隨形狀改變，此時∠PMQ=37°，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列說法正確的是 A.穿過線圈PQM中的磁通量大小為Ф=0.96BR2 B.若磁場方向不變，只改變磁感應強度B的大小，且B=B0+kt，則此時線圈中產生的感應電流大小為I= C.保持P、M兩點位置不變，將Q點沿圓弧順時針移動到接近M點的過程中，線圈中有感應電流且電流方向不變 D.保持P、M兩點位置不變，將Q點沿圓弧順時針移動到接近M點的過程中，線圈中不會產生焦耳熱 【名師點評】此題以勻強磁場中細軟彈性導線組成的三角形切入，意在綜合考查磁通量、法拉第電磁感應定律、楞

44、次定律及其相關知識的掌握。 核心考點二、自感現象 【核心內容解讀】自感現象是由于導體本身的電流變化而產生的電磁感應現象，自感現象中產生的感應電動勢叫做自感電動勢。當電流增大時，產生的自感電動勢的方向與電流方向相反，阻礙電流增大；當電流減小時，產生的自感電動勢的方向與電流方向相同，阻礙電流減小。由于自感電動勢的作用，閉合電鍵后，串聯有自感元件的支路中電流不能立即增大；斷開電鍵后，串聯有自感元件的支路中電流不能立即減小到零。 預測題1．如圖6所示電路中,L為電感線圈，C為電容器，當開關S由斷開變?yōu)殚]合時，則 A．A燈有電流通過，方向由a到b　　　　　 B．A燈中無電流通過，不可能變亮

45、 C．B燈立即熄滅，c點電勢低于d點電勢　　　 D．B燈逐漸熄滅，c點電勢低于d點電勢 【名師點評】此題將通電自感和斷電自感、含電容器電路有機結合，綜合考查相關知識。 預測題2．如圖所示，E、r為電源的電動勢、內阻，R1、R2為定值電阻，線圈L的直流電阻不計，C為電容器。下列說法中正確的是 A．合上開關S的瞬間，R1中無電流 B．合上開關S穩(wěn)定后，R2中無電流 C．合上開關S穩(wěn)定后，斷開S的瞬間，R1中電流方向向右 D．合上開關S穩(wěn)定后，斷開S的瞬間，R2中電流方向向右 【名師點評】此題將通電自感和斷電自感、含電容器電路有機結合，綜合考查相關知識。 預測題3.在如圖

46、所示的電路中，a、b為兩個完全相同的燈泡，L為自感系數較大而電阻不能忽略的線圈，E為電源，S為開關。關于兩燈泡點亮和熄滅的下列說法正確的是（ ） （A）合上開關，a先亮，b后亮；穩(wěn)定后a、b一樣亮 （B）合上開關，b先亮，a后亮；穩(wěn)定后b比a更亮一些 （C）斷開開關，a逐漸熄滅、b先變得更亮后再與a同時熄滅 （D）斷開開關，b逐漸熄滅、a先變得更亮后再與b同時熄滅 【名師點評】此題將通電自感和斷電自感機結合，綜合考查相關知識。 預測題4. 如圖5所示的甲、乙兩個電路，電感線圈的自感系數足夠大，且直流電阻不可忽略，閉合開關S，待電路達到穩(wěn)定后，燈泡均能發(fā)光?，F將開關S斷開，這兩個

47、電路中燈泡亮度的變化情況可能是 （ ） A．甲電路中燈泡將漸漸變暗 B．甲電路中燈泡將先變得更亮，然后漸漸變暗 C．乙電路中燈泡將漸漸變暗 D．乙電路中燈泡將先變得更亮，然后漸漸變暗 【名師點評】此題對比考查對斷電自感的理解。 核心考點三、電磁感應圖象問題 【核心內容解讀】電磁感應中經常涉及磁感應強度、磁通量、感應電動勢、感應電流等隨時間（或位移）變化的圖像，解答的基本方法是：根據題述的電磁感應物理過程或磁通量（磁感應強度）的變化情況，運用法拉第電磁感應定律和楞次定律（或右手定則）判斷出感應電動勢和感應電流隨時間或位移的變化情況得出圖像。

48、 預測題1. 如圖7所示，為兩個有界勻強磁場，磁感應強度大小均為B，方向分別垂直紙面向里和向外，磁場寬度均為L，距磁場區(qū)域的左側L處，有一邊長為L的正方形導體線框，總電阻為R，且線框平面與磁場方向垂直，現用外力F使線框以速度v勻速穿過磁場區(qū)域，以初始位置為計時起點，規(guī)定：電流沿逆時針方向時的電動勢E為正，磁感線垂直紙面向里時磁通量Φ的方向為正，外力F向右為正。則以下關于線框中的磁通量Φ、感應電動勢E、外力F和電功率P隨 動，意在綜合考查法拉第電磁感應定律、右手定則、相關知識點、相關圖象的分析判斷。 預測題2．如圖7所示，在方向豎直向下、磁感應強度為B的勻強磁場中，沿水平面固定一個V字型金

49、屬框架CAD，已知∠A=θ，導體棒EF在框架上從A點開始在外力作用下，沿垂直EF方向以速度v勻速向右平移，使導體棒和框架始終構成等腰三角形回路。已知框架和導體棒的材料和橫截面積均相同，其單位長度的電阻均為R，框架和導體棒均足夠長，導體棒運動中始終與磁場方向垂直，且與框架接觸良好。關于回路中的電流I和消耗的電功率P隨時間t變化關系的電流圖象、電功率圖象等。 核心考點一、電磁感應中的力學問題 【核心考點解讀】閉合回路中的一部分導體做切割磁感線運動產生感應電動勢和感應電流，通電導體在磁場中將受到安培力的作用，從而使電磁感應問題與力學問題聯系在一起，成為力電綜合問題。解答電磁感應中的力電綜

50、合問題的思路是：先根據法拉第電磁感應定律求出感應電動勢，然后根據閉合電路歐姆定律求出回路中的感應電流及導體棒中的電流，再應用安培力公式及左手定則確定安培力的大小及方向，分析導體棒的受力情況應用牛頓運動定律列出方程求解。 預測題1．如圖8所示，相距為d的兩條水平虛線L1、L2之間是方向水平向里的勻強磁場，磁感應強度為B，正方形線圈abcd邊長為l（l

51、圈穿越磁場的過程中，線圈的最小速度可能為 D．線圈從ab邊進入磁場到ab邊離開磁場的過程，感應電流做的功為mgd 【名師點評】此題通過正方形線圈在豎直平面內通過勻強磁場，意在綜合考查右手定則、電磁感應、變速運動、安培力、法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律、能量守恒定律等。 預測題2．如圖所示，兩根足夠長的光滑金屬導軌MN、PQ間距為l=0.5m，其電阻不計，兩導軌及其構成的平面均與水平面成30°角。完全相同的兩金屬棒ab、cd分別垂直導軌放置，每棒兩端都與導軌始終有良好接觸，已知兩棒的質量均為m= 0.02kg，電阻均為R=0.1Ω，整個裝置處在垂直于導軌平面向上的勻強磁場中，磁感應強

52、度為B=0.4T，棒ab在平行于導軌向上的力F1作用下，以速度v＝2m/s沿導軌向上勻速運動，而棒cd在平行于導軌的力F2的作用下保持靜止。取g=10m/s2， （1）求出F2的大小和方向 （2）棒cd每產生Q=1J的熱量，力F1做的功W是多少？ （3）若釋放棒cd，保持ab棒速度v＝2m/s不變，棒cd的最終速度是多少？ 【名師點評】此題綜合考查安培力、平衡條件、功、熱量等。 預測題3．如圖所示，寬為L的光滑長金屬導軌固定在豎直平面內，不計電阻。將兩根質量均為m的水平金屬桿ab、cd用長h的絕緣輕桿連接在一起，放置在軌道上并與軌道接觸良好，ab電阻R，cd電阻2R。虛線上方區(qū)

53、域內存在水平方向的勻強磁場，磁感應強度B。 （1）閉合電鍵，釋放兩桿后能保持靜止，則ab桿受的磁場力多大？ （2）斷開電鍵，靜止釋放金屬桿，當cd桿離開磁場的瞬間，ab桿上焦耳熱功率為P，則此時兩桿速度為多少？ （3）斷開電鍵，靜止釋放金屬桿，若磁感應強度B隨時間變化規(guī)律為B=kt（k為已知常數），求cd桿離開磁場前，兩桿內的感應電流大小。某同學認為：上述情況中磁通量的變化規(guī)律與兩金屬桿靜止不動時相同，可以采用Δφ=ΔB·Lh 計算磁通量的改變量……該同學的想法是否正確？若正確，說明理由并求出結果；若不正確，說明理由并給出正確解答。 【名師點評】此題綜合考查安培力、平衡條件、功率、

54、法拉第電磁感應定律。閉合電路歐姆定律等。 核心考點二、電磁感應中的能量問題 【核心考點解讀】導體切割磁感線或磁通量變化過程，在回路中產生感應電流，機械能轉化為電能。電流通過導體受到安培力作用或通過電阻發(fā)熱、電能轉化為機械能或內能。因此電磁感應過程總是伴隨著能量的轉化。利用能量守恒定律解答電磁感應中能量問題，快捷方便。 預測題1．如圖所示，回路豎直放在勻強磁場中，磁場的方向垂直于回路平面向外。導體AC可以貼著光滑豎直長導軌下滑。設回路的總電阻恒定為R，當導體AC從靜止開始下落后，下面敘述中正確的說法有（ ） A．導體下落過程中，機械能守恒 B．導體加速

55、下落過程中，導體減少的重力勢能全部轉化為在電阻上產生的熱量 C．導體加速下落過程中，導體減少的重力勢能轉化為導體增加的動能和回路中增加的內能 D．導體達到穩(wěn)定速度后的下落過程中，導體減少的重力勢能大于回路中增加的內能 【名師點評】此題考查機械能與電能、內能的轉化。 預測題2．如圖9甲所示，光滑絕緣水平面上一矩形金屬線圈 abcd的質量為m、電阻為R、ad邊長度為L，其右側是有左右邊界的勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外，磁感應強度大小為B，ab邊長度與有界磁場區(qū)域寬度相等，在t=0時刻線圈以初速度v0進入磁場，在t=T時刻線圈剛好全部進入磁場且速度為vl，此時對線圈施加一沿運動方向的

56、變力F，使線圈在t=2T時刻線圈全部離開該磁場區(qū)，若上述過程中線圈的v—t圖象如圖9乙所示，整個圖象關于t=T軸對稱． (1)求t=0時刻線圈的電功率； (2)線圈進入磁場的過程中產生的焦耳熱和穿過磁場過程中外力F所做的功分別為多少? (3)若線圈的面積為S，請運用牛頓第二運動定律和電磁學規(guī)律證明：在線圈進人磁場過程中，v0- vl=。 【名師點評】此題以線圈穿過勻強磁場區(qū)域的v—t圖象給出解題信息，將計算與證明融為一題，意在綜合考查法拉第電磁感應定律、動能定理、功能關系、微元法、勻變速直線運動規(guī)律等。 核心考點三、電磁感應與電路綜合 【核心考點解讀】在電磁感應

57、中，切割磁感線的那部分導體或磁通量發(fā)生變化的回路產生感應電動勢，該部分導體或回路就是電源，其中的電流方向是由電源負極指向正極（電源內部）。解決電磁感應與電路綜合問題的基本方法是：首先明確其等效電路，然后根據電磁感應定律和楞次定律或右手定則確定感應電動勢的大小和方向，再根據電路的有關規(guī)律進行綜合分析計算。 預測題1．如圖所示，兩根足夠長、電阻不計的光滑平行金屬導軌相距為L=1m，導軌平面與水平面成=30°角，上端連接R=1．5的電阻。質量為m=0．2 kg、阻值r=0．5的金屬棒ab放在兩導軌上，與導軌垂直并接觸良好，距離導軌最上端d=4 m，整個裝置處于勻強磁場中。磁感應強度B的大小與時間t

58、成正比，磁場的方向垂直導軌平面向上。金屬棒ab在沿平行斜面方向的外力F作用下保持靜止，當t=2s時外力F恰好為零(g=10 m／s2)。求t=2s時刻ab棒的熱功率。 【名師點評】此題考查法拉第電磁感應定律、閉合電路歐姆定律、平衡條件、熱功率等。 預測題1.如圖所示，豎直平面內有無限長、不計電阻的兩組平行光滑金屬導軌，寬度均為L=0.5m，上方連接一個阻值R=1Ω的定值電阻，虛線下方的區(qū)域內存在磁感應強度B=2T的勻強磁場。完全相同的兩根金屬桿1和2靠在導軌上，金屬桿與導軌等寬且與導軌接觸良好，電阻均為r=0.5Ω。將金屬桿1固定在磁場的上邊緣（仍在此磁場內），金屬桿2從磁場邊界上方h

59、0=0.8m處由靜止釋放，進入磁場后恰作勻速運動。求： （1）金屬桿2進入磁場時的速度。 （2）金屬桿的質量m為多大？ （3）若金屬桿2從磁場邊界上方h1=0.2m處由靜止釋放，進入磁場經過一段時間后開始勻速運動。在此過程中整個回路產生了1.4J的電熱，則此過程中流過電阻R的電量q為多少？ （4）金屬桿2仍然從離開磁場邊界h1=0.2m處由靜止釋放，在金屬桿2進入磁場的同時由靜止釋放金屬桿1，兩金屬桿運動了一段時間后均達到穩(wěn)定狀態(tài)，試求兩根金屬桿各自的最大速度。（已知兩個電動勢分別為E1、E2不同的電源串聯時，電路中總的電動勢E=E1+E2。） 【名師點評】此題考查法拉第電磁感應

60、定律、閉合電路歐姆定律、平衡條件、熱功率、能量守恒定律等。 核心考點一、交變電流 【核心內容解讀】將一個平面線圈置于勻強磁場中，并使它繞垂直于磁感線的軸勻速轉動，線圈中就會產生出正弦式交變電流。線圈在勻強磁場中轉動時，通過線圈的磁通量最大時，磁通量變化率為零，產生的感應電動勢為零；通過線圈的磁通量為零時，磁通量變化率最大，產生的感應電動勢最大；匝數為N，面積為S的線圈在磁感應強度為B的勻強磁場中以角速度ω轉動，產生的感應電動勢（交變電動勢）的最大值為Em=NBSω。正弦式交變電流的圖象是正弦曲線，由交變電流的圖象可知交變電流的周期和最大值。交變電流的有效值是根據同時間、同電阻、產生相同

61、熱量的直流電流的數值來確定的。 預測題1. 如圖3所示，在勻強磁場中有一個矩形單匝線圈ABCD，AB邊與磁場垂直，MN邊始終與金屬滑環(huán)K相連，PQ邊始終與金屬滑環(huán)L相連．金屬滑環(huán)L、交流電流表A、定值電阻R、金屬滑環(huán)K通過導線串聯．使矩形線圈以恒定角速度繞過BC、AD中點的軸旋轉．下列說法中正確的是 A．交流電流表A的示數隨時間按余弦規(guī)律變化 B．線圈轉動的角速度越大，交流電流表A的示數越小 C．線圈平面與磁場平行時，流經定值電阻R的電流瞬時值最大 D．線圈轉動的角速度增加為原來的兩倍，則流經定值電阻R的電流的有效值也變?yōu)樵瓉淼膬杀? 【名師點評】矩形線圈以恒定角速度繞過線圈平

62、面的某一軸轉動，若從中性面開始計時，產生的交變電流按照正弦規(guī)律變化，若從與磁場平行位置開始計時，產生的交變電流按照余弦規(guī)律變化。若線圈面積為S，轉動角速度為ω，磁場的磁感應強度為B，線圈匝數為n，則產生的交變電動勢最大值為Em=nBSω。 預測題2．如圖13甲所示，長、寬分別為L1、L2的矩形金屬線框位于豎直平面內，其匝數為n，總電阻為r，可繞其豎直中心軸O1O2轉動。線框的兩個末端分別與兩個彼此絕緣的銅環(huán)C、D（集流環(huán)）焊接在一起，并通過電刷和定值電阻R相連。線框所在空間有水平向右均勻分布的磁場，磁感應強度B的大小隨時間t的變化關系如圖13乙所示，其中B0、B1和t1均為已知。在0~t1的

63、時間內，線框保持靜止，且線框平面和磁場垂直；t1時刻后線框在外力的驅動下開始繞其豎直中心軸以角速度ω勻速轉動。求： （1）0~t1時間內通過電阻R的電流大??； （2）線框勻速轉動后，在轉動一周的過程中電流通過電阻R產生的熱量； （3）線框勻速轉動后，從圖甲所示位置轉過90°的過程中，通過電阻R的電荷量。 【名師點評】此題考查交變電流產生、法拉第電磁感應定律、有效值、平均值等相關知識點。 核心考點二、變壓器 【核心內容解讀】變壓器是根據電磁感應現象工作的。變壓器原副線圈的電壓之比等于匝數之比，即=；理想變壓器的輸入功率等于輸出功率。對于變壓器，輸入電壓決定輸出電壓，輸出功率決定輸入功

64、率。 預測題1. 隨著人們生活水平的提高，出國旅游成為新時尚。某人從J國帶回一把標有“110 V、60 Hz 、880 W”的電咖啡壺，該電咖啡壺利用電熱絲加熱。在我國，為使電咖啡壺能正常工作，需要通過變壓器與市電相連。下列說法正確的是 A. 若將電咖啡壺直接與市電相連，電功率是1760 W B. 電咖啡壺應接在原、副線圈匝數比為2∶1的副線圈兩端 C. 電咖啡壺通過變壓器正常工作時，與市電相連的原線圈中電流為4 A D. 電咖啡壺通過變壓器正常工作時，電熱絲中的交變電流頻率為60 Hz 【名師點評】變壓器是利用電磁感應原理工作的。變壓器可以改變交變電流的電壓、電流，不能改變交變電

65、流的頻率周期。理想變壓器的輸入功率等于輸出功率。 預測題2．如圖甲所示，理想變壓器的原線圈電路中裝有0.5A的保險絲L，原線圈匝數n1=600匝，副線圈匝數n2=120匝。當原線圈接在如圖乙所示的交流電源上，要使整個電路和用電器正常工作，則副線圈兩端可以接 （ ） A．阻值為12Ω的電阻 B．并聯兩盞 “36V 40W” 的燈泡 C．工作頻率為10Hz的用電設備 D．耐壓值為36V的電容器 【名師點評】此題考查交變電流圖象、變壓器及其相關知識點。 預測題3．如圖2甲所示，一個理想變壓器原、副線圈的匝數比n1：n2=6：1

66、，副線圈兩端接三條支路，每條支路上都接有一只燈泡，電路中L為電感線圈、C為電容器、R為定值電阻。當原線圈兩端接有如圖2乙所示的交流電時，三只燈泡都能發(fā)光。如果加在原線圈兩端的交流電的最大值保持不變，而將其頻率變?yōu)樵瓉淼?倍，則對于交流電的頻率改變之后與改變前相比，下列說法中正確的是 （ ） A．副線圈兩端的電壓有效值均為216V B．副線圈兩端的電壓有效值均為6V C．燈泡Ⅰ變亮 D．燈泡Ⅲ變亮 【名師點評】此題考查變壓器、電感、電容在交變電流中作用、交變電流圖象等。 核心考點三、交流電路動態(tài)變化 【核心內容解讀】變壓器交流動態(tài)電路主要有兩種情況：一是負載電阻不變，原副線圈電壓、電流、功率隨匝數比變化而變化；二是匝數比不變，原副線圈電壓、電流、功率隨負載變化而變化。解決變壓器交流動態(tài)電路問題首先要明確變量之間的相互制約關系。在理想變壓器中，負線圈的輸出電壓U2由原線圈的輸入電壓U1和匝數比決定，與負載電阻無關，即輸入電壓U1決定輸出電壓U2；在原線圈輸入電壓U1和匝數比確定的情況下，原線圈的輸入電流由副線圈輸出電流決定，副線圈輸出電流由負載確定，即負載決定輸入電