《（江西專用）2019中考數(shù)學總復習 第二部分 專題綜合強化 專題六 二次函數(shù)的綜合探究（壓軸題）類型2 針對訓練》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（江西專用）2019中考數(shù)學總復習 第二部分 專題綜合強化 專題六 二次函數(shù)的綜合探究（壓軸題）類型2 針對訓練（5頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、第二部分　專題六 類型二 1．(2018·創(chuàng)新同盟聯(lián)考)已知拋物線y＝a(x－m)2＋2m(m≠0)經(jīng)過原點，其頂點為P，與x軸的另一交點為A. (1)P點坐標為m， 2m)；A點坐標為(2m， 0)；(用含m的代數(shù)式表示) (2)求出a，m之間的關(guān)系式； (3)當m＞0時，若拋物線y＝a(x－m)2＋2m向下平移m個單位后經(jīng)過(1,1)，求此拋物線的表達式； (4)若拋物線y＝a(x－m)2＋2m向下平移|m|個單位后與x軸所截的線段長，與平移前相比有什么變化？請直接寫出結(jié)果． 解：(1)P(m,2m)，A(2m,0)． (2)將x＝0，y＝0代入y＝a(x－m)2＋2m得

2、 am2＋2m＝0，∵m≠0, ∴am＋2＝0， am＝－2，a＝－. (3)當m＞0時， 拋物線y＝a(x－m)2＋2m向下平移m個單位后：y＝a(x－m)2＋m， 由于經(jīng)過(1,1)，∴a(1－m)2＋m＝1，am2－2am＋a＋m＝1，又am＝－2， 所以a＝m－3代入am＝－2， 解得a1＝－1, m1＝2；a2＝－2, m2＝1. 此時拋物線的關(guān)系式為y＝－(x－2)2＋4或y＝－2(x－1)2＋1. (4)與x軸所截的線段長，與平移前相比是原來的或倍． 說明：①當m＞0時，則a＜0，原拋物線y＝a(x－m)2＋2m經(jīng)過原點， 故可化為y＝ax2－2amx，向下

3、平移m個單位后為y＝ax2－2amx－m，(am＝－2，a＝－) 平移前：d＝2m，平移后：d′＝|x1－x2|＝m， ②當m＜0時，則a＞0，原拋物線y＝a(x－m)2＋2m經(jīng)過原點， 故可化為y＝ax2－2amx，向下平移－m個單位后為y＝ax2－2amx＋m，(am＝－2，a＝－) 平移前：d＝－2m，平移后：d′＝|x1－x2|＝－m， ∴與x軸所截的線段長，與平移前相比是原來的或倍． 2．如圖，在平面直角坐標系xOy中，二次函數(shù)y＝ax2＋bx＋c(a≠0)的圖象經(jīng)過A(0,4)，B(2,0), C(－2,0)三點． (1)求二次函數(shù)的解析式； (2)在x軸上另有

4、一點D(－4,0)，將二次函數(shù)圖象沿著DA方向平移，使圖象再次經(jīng)過點B； ①求平移后圖象的頂點E的坐標； ②求圖象A，B之間的曲線部分在平移過程中所掃過的面積． 解：(1)根據(jù)拋物線經(jīng)過三點的坐標特征， 可設(shè)其解析式為y＝a(x＋2)(x－2)(a≠0)， 再代入點A(0,4)，解得a＝－1， 故二次函數(shù)的解析式為y＝－(x＋2)(x－2)＝－x2＋4(a≠0)． (2)經(jīng)過點A(0,4)，D(－4,0)兩點的直線DA， 其解析式為y＝x＋4. ①拋物線沿著DA方向平移后， 設(shè)向右平移了m個單位，則頂點E為(m，m＋4)， 此時拋物線的解析式可設(shè)為y＝－(x－m)2＋(m

5、＋4)， 將點B(2,0)代入，得0＝－(2－m)2＋m＋4， 解得m1＝0(舍去)，m2＝5； 頂點E為(5,9)， ②如答圖1，根據(jù)拋物線的軸對稱性與平移的性質(zhì)，A，B之間的曲線部分所掃過的面積顯然等于平行四邊形ABFE的面積，也等于2個△ABE的面積． 解法一：如答圖2，過點E作EK⊥y軸于點K， S△ABE＝S梯形OBEK－S△AOB－S△AKE＝(2＋5)×9－×4×2－×5×5＝15， 圖象A，B之間的曲線部分在平移過程中所掃過的面積為2S△ABE＝30. 解法二：如答圖2，過點E作EK⊥y軸于點K，過點B作BM⊥x軸交KM于點M，過點A作AN⊥y軸交BM于點N(將

6、△ABE的面積水平與鉛直分割——一種面積的常規(guī)分割法則)． 　　 直線BM的解析式是x＝2，與DA直線y＝x＋4相交得到點G為(2,6)， 所以線段BG＝6，S△ABE＝S△AGB－S△EGB＝×6×2＋×6×3＝15， 所以圖象A，B之間的曲線部分在平移過程中所掃過的面積為2S△ABE＝30. 3．如圖，拋物線C1：y1＝ax2＋2ax(a＞0)與x軸交于點A，頂點為點P. (1)直接寫出拋物線C1的對稱軸是直線x＝－1，用含a的代數(shù)式表示頂點P的坐標 (－1，－a)； (2)把拋物線C1繞點M(m,0)旋轉(zhuǎn)180°得到拋物線C2(其中m＞0)，拋物線C2與x軸右側(cè)的交點為點B

7、，頂點為點Q. ①當m＝1時，求線段AB的長； ②在①的條件下，是否存在△ABP為等腰三角形，若存在，請求出a的值，若不存在，請說明理由； ③當四邊形APBQ為矩形時，請求出m與a之間的數(shù)量關(guān)系，并直接寫出當a＝3時矩形APBQ的面積． 　　 解：(1)∵拋物線C1：y1＝ax2＋2ax＝a(x＋1)2－a，∴對稱軸是直線x＝－1，頂點P坐標為(－1，－a)． (2)①由旋轉(zhuǎn)知，MA＝MB， 當y1＝0時，x1＝－2，x2＝0，∴A(－2,0)， ∴AO＝2. ∵M(1,0)，∴AM＝3，∴AB＝2MA＝2×3＝6； ②存在．∵A(－2,0)，AB＝6，∴B(4,0)．

8、∵A(－2,0)，P(－1，－a)， ∴AP＝＝，BP＝. 當AB＝AP時，1＋a2＝62，解得a＝(負值已舍去)； 當AB＝BP時，25＋a2＝62，解得a＝(負值已舍去)； 當AP＝BP時，1＋a2＝25＋a2，不成立， 即當a取或時，△ABP為等腰三角形． ③如答圖，過點P作PH⊥x軸于H， ∵點A與點B，點P與點Q均關(guān)于M點成中心對稱，故四邊形APBQ為平行四邊形， 當∠APB＝90°時，四邊形APBQ為矩形，此時△APH∽△PBH，∴＝，即＝， ∴a2＝2m＋3，∴m＝a2－. 當a＝3時，m＝×32－＝3， ∴S＝(2m＋4)a＝(2×3＋4)×3＝30.

9、4．(2018·贛南模擬)如圖，拋物線C1：y＝x2＋bx＋c經(jīng)過原點，與x軸的另一個交點為(2,0)，將拋物線C1向右平移m(m>0)個單位得到拋物線C2，C2交x軸于A，B兩點(點A在點B的左邊)，交y軸于點C. (1)求拋物線C1的解析式以及頂點坐標； (2)以AC為斜邊向上作等腰直角三角形ACD，當頂點D落在拋物線C2的對稱軸上時，求拋物線C2的解析式； (3)若拋物線C2的對稱軸上存在點P，使得△PAC為等邊三角形，求m的值． 解：(1) ∵拋物線C1經(jīng)過原點(0,0)及(2,0)， ∴解得 拋物線C1的解析式為y＝x2－2x＝(x－1)2－1. 其頂點坐標為(1

10、，－1)． (2)設(shè)拋物線C2的解析式為y＝(x－1－m)2－1， 則其對稱軸DE為x＝m＋1(m>0)， 化簡y＝(x－1－m)2－1＝x2－2(m＋1)x＋(m＋1)2－1， 設(shè)拋物線C2與y軸交于點C(0，c)， 則c＝(1＋m)2－1＝m2＋2m. 過點C作CH⊥DE于點H，如答圖1， ∵△ACD為等腰直角三角形， ∴CD＝AD，∠ADC＝90°， ∴∠CDH＋∠ADE＝90°，∴∠HCD＝∠ADE. ∵∠DEA＝90°，∴△CHD≌△DEA， ∴AE＝HD＝1，CH＝DE＝m＋1， ∴EH＝HD＋DE＝1＋m＋1＝m＋2. 由 OC＝EH得 m2＋2m＝m＋

11、2， 解得 m1＝1，m2＝－2(不合題意，舍去)， ∴拋物線C2的解析式為y＝(x－2)2－1. 　 圖1 圖2 (3)如答圖2，連接BC，BP，由拋物線對稱性可知 AP＝BP， 則點A(m,0)，對稱軸DE為直線x＝m＋1(m>0)， ∴點B的坐標為(m＋2,0)． ∵△ACP為等邊三角形， ∴AP＝CP＝BP，∠APC＝60°. ∴C，A，B三點在以P為圓心PA為半徑的圓上， ∴∠CBO＝∠CPA＝×60°＝30°，∴BC＝2OC， ∴根據(jù)勾股定理得OB＝＝OC， ∴(m2＋2m)＝m＋2， 解得m1＝，m2＝－2(不合題意，舍去)， ∴m＝. 5