專題強化練(七) 碰撞與動量守恒定律考點1沖量與動量定理的應(yīng)用1(2018·山西名校聯(lián)考)一質(zhì)點在幾個恒力作用下做勻速直線運動現(xiàn)在某位置撤去一個與運動方向在同一直線上的恒力，且原來作用在質(zhì)點上的其他力不發(fā)生改變則()A質(zhì)點可能會再次經(jīng)過此位置B質(zhì)點在以后的運動中動量可能保持不變C質(zhì)點在以后的運動中加速度可能不恒定D質(zhì)點在以后一段時間內(nèi)的動量變化量的方向可能與原運動方向不在同一直線上解析：若質(zhì)點運動的方向與撤去的恒力方向相同，則撤去該恒力后質(zhì)點做勻減速直線運動，速度減為零后反向勻加速運動，會再次經(jīng)過此位置，A正確；撤去一個恒力，剩余力的合力也是恒力，所以質(zhì)點的加速度一定是恒定的，質(zhì)點一定做勻變速直線運動，動量一定變化，且變化量的方向與原運動方向在同一直線上，B、C、D錯誤答案：A2(多選)(2018·拉薩中學(xué)檢測)下列運動過程中，在任意相等時間內(nèi)，物體動量變化量相同的是()A平拋運動 B自由落體運動C勻速圓周運動 D勻減速直線運動解析：根據(jù)動量定理pFt，F(xiàn)是合力，平拋運動物體的合力是重力，為恒力，相等時間內(nèi)其沖量不變，動量變化量相同，故A正確；自由落體運動物體的合力是重力，為恒力，相等時間內(nèi)其沖量不變，動量變化量相同，故B正確；勻速圓周運動物體的合力始終指向圓心，是變力，相等時間內(nèi)合力的沖量也是變化的，動量變化量是變化的，故C錯誤；勻減速直線運動物體的合力是恒力，相等時間內(nèi)其沖量不變動量變化量相同，故D正確答案：ABD3(2018·遼師大附中檢測)質(zhì)量相同的子彈、橡皮泥和鋼球以相同的初速度水平射向豎直墻，結(jié)果子彈穿墻而過，橡皮泥粘在墻上，鋼球以原速率反向彈回關(guān)于它們對墻的水平?jīng)_量的大小，下列說法正確的是 ()A子彈、橡皮泥和鋼球?qū)Φ臎_量大小相等B子彈對墻的沖量最小C橡皮泥對墻的沖量最小D鋼球?qū)Φ臎_量最小解析：根據(jù)力的作用的相互性，子彈、橡皮泥和鋼球?qū)Φ臎_量大小可以通過墻對子彈、橡皮泥和鋼球的沖量求得；對子彈：p1mv1mv2，對橡皮泥：p2mv1，對鋼球：p32mv1，由此可知p1<p2<p3，B正確答案：B4.(2017·天津卷)“天津之眼”是一座跨河建設(shè)、橋輪合一的摩天輪，是天津市的地標(biāo)之一摩天輪懸掛透明座艙，乘客隨座艙在豎直面內(nèi)做勻速圓周運動下列敘述正確的是()A摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客的機械能保持不變B在最高點時，乘客重力大于座椅對他的支持力C摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量為零D摩天輪轉(zhuǎn)動過程中，乘客重力的瞬時功率保持不變解析：摩天輪轉(zhuǎn)動過程中乘客的動能不變，重力勢能一直變化，故機械能一直變化，A錯誤；在最高點乘客具有豎直向下的向心加速度，重力大于座椅對他的支持力，B正確；摩天輪轉(zhuǎn)動一周的過程中，乘客重力的沖量等于重力與周期的乘積，C錯誤；重力瞬時功率等于重力與速度在重力方向上的分量的乘積，而轉(zhuǎn)動過程中速度在重力方向上的分量是變化的，所以重力的瞬時功率也是變化的，D錯誤答案：B考點2碰撞和動量守恒定律的應(yīng)用5如圖所示，在光滑的水平面上，質(zhì)量m1的小球A以速率v0向右運動在小球A的前方O點處有一質(zhì)量為m2的小球B處于靜止?fàn)顟B(tài)，Q點處為一豎直的墻壁小球A與小球B發(fā)生彈性正碰后小球A與小球B均向右運動小球B與墻壁碰撞后原速率返回并與小球A在P點相遇，PQ2PO，則兩小球質(zhì)量之比m1m2為()A75 B13C21 D53解析：設(shè)A、B兩個小球碰撞后的速度分別為v1、v2，由動量守恒定律有m1v0m1v1m2v2，發(fā)生彈性碰撞，不損失動能，故根據(jù)能量守恒定律有m1vm1vm2v，兩個小球碰撞后到再次相遇，其速率不變，由運動學(xué)規(guī)律有v1v2PO(PO2PQ)PO(PO4PO)15，聯(lián)立三式可得m1m253，D正確答案：D6在光滑水平面上，質(zhì)量為m的小球A正以速度v0勻速運動某時刻小球A與質(zhì)量為3m的靜止小球B發(fā)生正碰，兩球相碰后，A球的動能恰好變?yōu)樵瓉淼?則碰后B球的速度大小是()A. B.C.或 D無法確定解析：兩球相碰后A球的速度大小變?yōu)樵瓉淼模嗯鲞^程中滿足動量守恒，若碰后A速度方向不變，則mv0mv03mv1，可得B球的速度v1，而B在前，A在后，碰后A球的速度大于B球的速度，不符合實際情況，因此A球一定反向運動，即mv0mv03mv1，可得v1，A正確，B、C、D錯誤答案：A7一彈丸在飛行到距離地面5 m高時有水平速度v2 m/s，爆炸成為甲、乙兩塊水平飛出，甲、乙的質(zhì)量比為31.不計質(zhì)量損失，重力加速度g取10 m/s2，則下列圖中兩塊彈片飛行的軌跡可能正確的是()解析：平拋運動時間t1 s，爆炸過程遵守動量守恒定律，設(shè)彈丸質(zhì)量為m，則mvmv甲mv乙，又v甲，v乙，t1 s，則有x甲x乙2 m，將各選項中數(shù)據(jù)代入計算得B正確答案：B8如圖所示在光滑水平面上放置一個質(zhì)量為M的滑塊，滑塊的一側(cè)是一個弧形凹槽OAB，凹槽半徑為R，A點切線水平另有一個質(zhì)量為m的小球以速度v0從A點沖上凹槽，重力加速度大小為g，不計摩擦下列說法中正確的是()A當(dāng)v0時，小球能到達(dá)B點B如果小球的速度足夠大，球?qū)幕瑝K的左側(cè)離開滑塊后落到水平面上C當(dāng)v0時，小球在弧形凹槽上運動的過程中，滑塊的動能一直增大D如果滑塊固定，小球返回A點時對滑塊的壓力大小為m解析：小球在弧形凹槽上運動的過程中，小球?qū)瑝K的力有水平向左的分量使滑塊向左加速，滑塊動能增大，小球的機械能將減小，A錯誤，C正確；當(dāng)小球速度足夠大，從B點離開滑塊時由于B點切線豎直，在B點時小球與滑塊的水平速度相同，離開B點后將再次從B點落回，不會從滑塊的左側(cè)離開滑塊后落到水平面上，B錯誤；如果滑塊固定，小球返回A點時對滑塊的壓力為mgm，D錯誤答案：C考點3動量和能量的綜合應(yīng)用9.(多選)如圖所示，一塊質(zhì)量為M的木板B在光滑的水平桌面上以速度v0勻速向右滑行，某時刻把一質(zhì)量為m的小鐵塊A(初速度為零)放在B的右端，它將在B上滑行一段距離后與B相對靜止達(dá)到共同速度v，此時木板B前進距離x，小鐵塊到木板右端的距離為L，若小鐵塊和木板間的動摩擦因數(shù)為.下列說法正確的是()A木板對鐵塊的摩擦力對鐵塊做的功等于mgLB木板與鐵塊組成的系統(tǒng)動量守恒C系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能等于mgLD系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能等于Mv(Mm)v2解析： 由運動過程示意圖知，木板B前進的位移為x，小鐵塊A位移為xL，相對位移為L，對A、B組成的系統(tǒng)：木板對鐵塊的摩擦力對鐵塊做的功W1mg(xL)；木板與鐵塊組成的系統(tǒng)所受合外力為零，所以動量守恒；系統(tǒng)初動能為Mv，系統(tǒng)末動能為(Mm)v2，由能量守恒得，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能為Mv(Mm) v2 ，滑動摩擦力與相對位移的乘積mgL就等于系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能，故A錯誤，B、C、D正確答案：BCD10.如圖所示，打樁機錘頭質(zhì)量為M，從距樁頂h高處自由下落，打在質(zhì)量為m的木樁上，且在極短時間內(nèi)便隨樁一起向下運動，使得木樁深入泥土的距離為s，試求在木樁下陷過程中泥土對木樁的平均阻力是多少？解析：設(shè)錘頭剛與木樁接觸時的速度大小為v0，則由運動學(xué)規(guī)律可得：v2gh.由于錘頭與木樁碰撞時，作用時間極短，系統(tǒng)的內(nèi)力遠(yuǎn)遠(yuǎn)大于外力，動量守恒設(shè)兩者碰撞后的共同速度大小為v，則由動量守恒定律可得：Mv0(Mm)v.設(shè)在木樁下陷過程中泥土對木樁的平均阻力大小為Ff，則由動能定理可得：(Mm)gsFfs0(Mm)v2，以上各式聯(lián)立求解得：Ff(Mm)g.答案：見解析11.(2018·東北三省四市一模)如圖所示，光滑懸空軌道上靜止一質(zhì)量為2m的小車A，用一段不可伸長的輕質(zhì)細(xì)繩懸掛一質(zhì)量為m的木塊B.一質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射入木塊B并留在其中(子彈射入木塊時間極短)，在以后的運動過程中，擺線離開豎直方向的最大角度小于90°，試求：(1)木塊能擺起的最大高度；(2)小車A運動過程的最大速度解析：(1)因為子彈與木塊作用時間極短，子彈與木塊間的相互作用力遠(yuǎn)大于它們的重力，所以子彈與木塊組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，設(shè)子彈與木塊開始上升時的速度為v1，設(shè)向右為正方向，則有：mv02mv1當(dāng)木塊擺到最大高度時，三者具有相同的水平速度，根據(jù)動量守恒定律得：mv0(mm2m)v2，由能量守恒得·2mv·4mv2mgh，解得h.(2)子彈射入木塊后由動量守恒得：2mv12mv12mv2根據(jù)能量守恒得：·2mv·2mv12·2mv22，解得v2.答案：(1)(2)6