《2020屆高考物理一輪復習 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（四） 新人教版》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2020屆高考物理一輪復習 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（四） 新人教版（10頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 選擇題穩(wěn)優(yōu)提優(yōu)優(yōu)練（四） 1、2019·浙江） 一輛汽車沿平直道路行駛，其v–t圖象如圖所示。在t=0到t=40 s這段時間內(nèi)，汽車的位移是 A．0 B．30 m C．750 m D．1 200 m 【答案】C 【解析】在v–t圖像中圖線與時間軸圍成的面積表示位移，故在40 s內(nèi)的位移為，C正確。 2、（2019·湖南省懷化市高三統(tǒng)一模擬） 如圖所示，質(zhì)量為M=2 kg、長為L=1.5 m的木板靜止在光滑的水平面上，木板上右端放著一可視為質(zhì)點的小滑塊，小滑塊的質(zhì)量為m=1 kg，小滑塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為=0.2。若用水不拉力F作用在木板上，取g=10 m/s2，

2、則下列說法正確的是 A．F=8 N時，小滑塊與木板保持相對靜止 B．F=10 N時，小滑塊與木板發(fā)生相對滑動 C．F=12 N時，小滑塊從木板上滑下所需的時間為2 s D．F=12 N時，小滑塊從木板上滑下時木板的動量大小為10 kg·m/s 【答案】BD 【解析】以小滑塊為研究對象，由牛頓第二定律，得小滑塊的最大加速度為，以整體為研究對象，小滑塊在木板上滑動時的最小拉力為，A項錯誤，B項正確；若，則木板的加速度大小為，由得小滑塊從木板上滑下所需的時間為，C項錯誤；小滑塊從木板上滑下時，木板的動量大小為，D項正確。 3、（2019·新課標全國Ⅱ卷） 如圖（a），在跳臺滑雪比

3、賽中，運動員在空中滑翔時身體的姿態(tài)會影響其下落的速度和滑翔的距離。某運動員先后兩次從同一跳臺起跳，每次都從離開跳臺開始計時，用v表示他在豎直方向的速度，其v–t圖象如圖（b）所示，t1和t2是他落在傾斜雪道上的時刻。則 A．第二次滑翔過程中在豎直方向上的位移比第一次的小 B．第二次滑翔過程中在水平方向上的位移比第一次的大 C．第一次滑翔過程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大 D．豎直方向速度大小為v1時，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大 【答案】BD 【解析】由v–t圖面積易知第二次面積大于等于第一次面積，故第二次豎直方向下落距離大于第一次下落距離，所以，A錯誤；

4、由于第二次豎直方向下落距離大，由于位移方向不變，故第二次水平方向位移大，故B正確；由于v–t斜率知第一次大、第二次小，斜率越大，加速度越大，或由易知a1>a2，故C錯誤；由圖象斜率，速度為v1時，第一次圖象陡峭，第二次圖象相對平緩，故a1>a2，由G–fy=ma，可知，fy1

5、c D．a(chǎn)衛(wèi)星由于阻力，軌道半徑緩慢減小，其線速度將增大，機械能不變 【答案】AB 【解析】根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力有有：線速度，可知軌道半徑小的線速度大，故A正確；向心加速度 知，軌道半徑小的向心加速度大，故B正確；c加速前萬有引力等于圓周運動向心力，加速后所需向心力增加，而引力沒有增加，故C衛(wèi)星將做離心運動，故不能追上同一軌道的衛(wèi)星b，所以C錯誤；a衛(wèi)星由于阻力，軌道半徑緩慢減小，根據(jù)可知其線速度將增大，但由于克服阻力做功，機械能減小。故D錯誤。故選：AB。 5、（2019·新課標全國Ⅱ卷） 從地面豎直向上拋出一物體，其機械能E總等于動能Ek與重力勢能Ep之和。取地面為重力

6、勢能零點，該物體的E總和Ep隨它離開地面的高度h的變化如圖所示。重力加速度取10 m/s2。由圖中數(shù)據(jù)可得 A．物體的質(zhì)量為2 kg B．h=0時，物體的速率為20 m/s C．h=2 m時，物體的動能Ek=40 J D．從地面至h=4 m，物體的動能減少100 J 【答案】AD 【解析】A．Ep–h圖像知其斜率為G，故G==20 N，解得m=2 kg，故A正確B．h=0時，Ep=0，Ek=E機–Ep=100 J–0=100 J，故=100 J，解得：v=10 m/s，故B錯誤；C．h=2 m時，Ep=40 J，Ek=E機–Ep=85 J–40 J=45 J，故C錯誤；D．h=

7、0時，Ek=E機–Ep=100 J–0=100 J，h=4 m時，Ek′=E機–Ep=80 J–80 J=0 J，故Ek–Ek′=100 J，故D正確。 6、2018年2月13日，平昌冬奧會女子單板滑雪U型池項目中，我國選手劉佳宇榮獲亞軍，為我國奪得首枚獎牌．如圖為U型池模型，其中A、B為U型池兩側(cè)邊緣，C為U型池最低點，U型池軌道各處粗糙程度相同．一小球在池邊高h處自由下落由左側(cè)進入池中，從右側(cè)飛出后上升的最大高度為，下列說法正確的是(　　) A．小球再次進入池中后，能夠沖出左側(cè)邊緣A然后返回 B．小球再次進入池中后，剛好到達左側(cè)邊緣A然后返回 C．由A到C過程與由C到B過程相比

8、，小球損耗機械能相同 D．由A到C過程與由C到B過程相比，前一過程小球損耗機械能較小 【參考答案】A　分析題意可知，小球由左側(cè)進入池中從右側(cè)飛出的過程中，克服摩擦力做功，損失的機械能為ΔE＝mg·，小球再次返回時，通過軌道同一位置的速率減小，根據(jù)向心力公式可知，小球?qū)壍赖膲毫p小，摩擦力減小，克服摩擦力做功減小，機械能損失量減小，故小球再次進入池中后，能夠沖出左側(cè)邊緣A然后返回，A選項正確，B選項錯誤；同理，由A到C過程中同一高度的速率大于由C到B過程的速率，摩擦力大于由C到B過程的摩擦力，前一過程小球損耗機械能較大，C、D選項錯誤． 7、(多選)如圖所示，將質(zhì)量為M1、半徑為R且內(nèi)壁

9、光滑的半圓槽置于光滑水平面上，左側(cè)靠豎直墻，右側(cè)靠一質(zhì)量為M2的物塊．今讓一質(zhì)量為m的小球自左側(cè)槽口A的正上方足夠高處從靜止開始下落，與半圓槽相切自A點進入槽內(nèi)，則以下結(jié)論中正確的是(　　) A．小球在槽內(nèi)運動的全過程中，小球與半圓槽在水平方向動量守恒 B．小球在槽內(nèi)運動到B點后，小球、半圓槽和物塊組成的系統(tǒng)動量守恒 C．小球離開C點以后，將做斜上拋運動，且恰好再從C點落入半圓槽中 D．小球第二次通過B點時半圓槽與物塊分離，分離后兩者不會再相碰 【參考答案】CD　動量守恒的條件是不受外力或是外力之和為零，小球在槽內(nèi)左側(cè)運動的過程中，小球和半圓槽受到了豎直墻面水平向右的作用力，水平

10、方向上動量不守恒，A選項錯誤；小球運動到B點以后，系統(tǒng)在水平方向上動量守恒，豎直方向上受到重力作用，動量不守恒，B選項錯誤；小球離開C點時，水平方向上與槽共速，豎直方向上做上拋運動，故小球做斜上拋運動，恰好再從C點落入半圓槽中，C選項正確；第二次通過B點后，小球?qū)Π雸A槽的作用力有水平向左的分量，半圓槽向右減速，物塊繼續(xù)做勻速直線運動，兩者分離，D選項正確． 8、（2019·新課標全國Ⅲ卷） 如圖，電荷量分別為q和–q（q>0）的點電荷固定在正方體的兩個頂點上，a、b是正方體的另外兩個頂點。則 A．a(chǎn)點和b點的電勢相等 B．a(chǎn)點和b點的電場強度大小相等 C．a(chǎn)點和b點的電場強度方向

11、相同 D．將負電荷從a點移到b點，電勢能增加 【答案】BC 【解析】由幾何關系， 可知b的電勢大于a的電勢，故A錯誤，把負電荷從a移到b，電勢能減少，故D錯誤；由對稱性和電場的疊加原理，可得出a、b的合電場強度大小、方向都相同，故B、C正確。 9、(多選)如圖所示，空間某處存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，一個帶負電的金屬小球從M點水平射入場區(qū)，經(jīng)一段時間運動到N點，關于小球由M到N的運動，下列說法正確的是(　　) A．小球可能做勻變速運動 B．小球一定做變加速運動 C．小球動能可能不變 D．小球機械能守恒 【參考答案】BC　分析小球的受力情況

12、，受到豎直向下的重力和洛倫茲力，豎直向上的電場力作用，小球向下做曲線運動，速度方向時刻改變，洛倫茲力時刻改變，小球不可能做勻變速運動，A選項錯誤；根據(jù)曲線運動的規(guī)律可知，受力指向軌跡的內(nèi)側(cè)，故小球一定做變加速運動，B選項正確；如果電場力與重力相互抵消，則小球動能不變，C選項正確；小球運動過程中，電場力做負功，根據(jù)功能關系可知，小球機械能減小，D選項錯誤． 10、（2019·四川高二期末） 如圖所示，在豎直向下的磁感應強度為B的勻強磁場中，金屬框架ABCD固定在水平面內(nèi)，AB與CD平行且足夠長，BC與CD夾角θ（θ<90°），光滑導體棒EF（垂直于CD）在外力作用下以垂直于自身的速度v向右勻

13、速運動，在滑動過程中導體棒始終保持與導軌良好接觸，光滑導體棒EF經(jīng)過C點瞬間作為計時起點。若金屬框架與導體棒是由粗細相同的均勻的同種材料組成的導體，下列關于電路中電流大小I與時間t、消耗的電功率P與導體棒水平移動的距離x變化規(guī)律的圖象中正確的是 A． B． C． D． 【答案】BD 【解析】AB、設導軌間距為L，導體及導軌單位長度的電阻為。當導體棒移動距離時，感應電流一定；當導體棒移動距離時，感應電流，當x增大時，I減小，兩者是非線性關系。故A錯誤B正確。CD、當導體棒移動距離時，電路中消耗的功率與x成正比；當時，電路中消耗的功率，當x增大時，P減小，兩者是非線性關系。故C錯誤D正

14、確。 11、如圖所示，邊長為L、匝數(shù)為N，電阻不計的正方形線圈abcd在磁感應強度為B的勻強磁場中繞轉(zhuǎn)軸OO′轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)軸OO′垂直于磁感線，在線圈外接一含有理想變壓器的電路，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1和n2.保持線圈以恒定角速度ω轉(zhuǎn)動，下列判斷正確的是(　　) A．從圖位置計時，矩形線圈產(chǎn)生的感應電動勢的瞬時值表達式為e＝NBωL2sinωt B．電壓表V1示數(shù)等于NBωL2，電壓表V2示數(shù)等于 C．當可變電阻R的滑片P向上滑動時，電壓表V2的示數(shù)變大 D．當可變電阻R的滑片P向上滑動時，變壓器的輸入功率減小 【參考答案】D　正弦式交流發(fā)電機從垂直中性面位置開始計時，電動

15、勢表達式為e＝NBL2ωcosωt，A選項錯誤；電壓表和電流表讀數(shù)為有效值，線圈中產(chǎn)生的最大電動勢Em＝NBL2ω，根據(jù)正弦式交變電流的規(guī)律可知，電壓表V1的示數(shù)等于NBL2ω，電壓表V2的示數(shù)等于NBL2ω，B選項錯誤；交流發(fā)電機內(nèi)電阻不計，變壓器輸入電壓不變，根據(jù)理想變壓器電壓和匝數(shù)的關系可知，當P位置向上滑動時，副線圈上的電壓不變，電壓表V2讀數(shù)不變，C選項錯誤；當P位置向上移動時，R增大，根據(jù)電功率的表達式可知，變壓器的輸出功率減小，輸入功率減小，D選項正確． 12、下列描繪兩種溫度下黑體輻射強度與頻率關系的圖中，符合黑體輻射實驗規(guī)律的是(　　) 【參考答案】A　黑體輻射以電磁輻射的形式向外輻射能量，溫度越高，輻射越強越大，黑體輻射的波長分布情況也隨溫度而變，溫度越高，輻射的電磁波的波長越短，A選項正確． 13、（2019·天津卷） 如圖為、、三種光在同一光電效應裝置中測得的光電流和電壓的關系。由、、組成的復色光通過三棱鏡時，下述光路圖中正確的是 【答案】C 【解析】由光電效應的方程，動能定理，兩式聯(lián)立可得，故截止電壓越大說明光的頻率越大，則有三種光的頻率，則可知三種光的折射率的關系為，因此光穿過三棱鏡時b光偏折最大，c光次之，a光最小，故選C，ABD錯誤。 10