48分小題精準練(十一)(建議用時：20分鐘)(15小題為單選題，68小題為多選題)1下列幾幅圖的有關(guān)說法正確的是()A圖一中少數(shù)粒子穿過金箔后方向不變，大多數(shù)粒子穿過金箔后發(fā)生了較大角度的偏轉(zhuǎn)B圖二光電效應(yīng)實驗說明了光具有粒子性C圖三中射線丙由粒子組成，每個粒子帶兩個單位正電荷D圖四鏈式反應(yīng)屬于輕核的聚變，又稱為熱核反應(yīng)B在粒子散射實驗中，絕大多數(shù)粒子穿過金箔后方向基本不變，只有少數(shù)粒子發(fā)生了較大角度的偏轉(zhuǎn)，則A錯誤；光電效應(yīng)實驗說明了光具有粒子性，所以B正確；由左手定則可知，甲由粒子組成，每個粒子帶兩個單位正電荷，故C錯誤；鏈式反應(yīng)屬于重核的裂變，故D錯誤。2.目前人類正在積極探索載人飛船登陸火星的計劃，假設(shè)一艘飛船繞火星運動時，經(jīng)歷了由軌道變到軌道再變到軌道的過程，如圖所示，下列說法中正確的是()A飛船沿不同軌道經(jīng)過P點時的加速度均相同B飛船沿不同軌道經(jīng)過P點時的速度均相同C飛船在軌道上運動時的機械能大于在軌道上運動時的機械能D飛船在軌道上由Q點向P點運動時，速度逐漸增大，機械能也增大A根據(jù)萬有引力定律可知，飛船沿不同軌道經(jīng)過P點時所受火星的萬有引力相同，由牛頓第二定律可知飛船沿不同軌道經(jīng)過P點時的加速度均相同，故選項A正確；飛船從外層軌道進入內(nèi)層軌道時需要減速，所以飛船沿不同軌道經(jīng)過P點時的速度滿足v>v>v，且飛船在軌道上運動時的機械能小于在軌道上運動時的機械能，故選項B、C錯誤；飛船在同一軌道上運行時，只有萬有引力做功，其機械能守恒，故選項D錯誤。3.將由兩根相同的短桿組成的一個自鎖定起重吊鉤放入空罐內(nèi)，使其張開一定的夾角壓緊罐壁，罐的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示。當(dāng)鋼繩向上提起時，兩桿對罐壁越壓越緊，摩擦力足夠大時，就能將空罐提起來。若罐的質(zhì)量為m，短桿與豎直方向的夾角均為60°。則勻速吊起該罐時，短桿對罐壁的壓力大小為(短桿的質(zhì)量不計，重力加速度為g)()Amg B.mg C.mg D.mgB先對罐和兩根短桿組成的整體受力分析，受重力和拉力，根據(jù)平衡條件，拉力等于重力，故：Tmg；再將鋼繩的拉力沿著兩個短桿方向分解，則有T1T2Tmg，最后將沿短桿方向的分力在水平和豎直方向正交分解，可知在水平方向短桿對罐壁的壓力為FNmg，B正確。4.一理想自耦變壓器如圖所示，環(huán)形鐵芯上只繞有一個線圈，將其接在a、b間作為原線圈，通過滑動觸頭取該線圈的一部分，接在c、d間作為副線圈，副線圈兩端連有一電阻R。在a、b間輸入電壓為U1的交變電壓時，c、d間的電壓為U2，在將滑動觸頭從圖中M點逆時針旋轉(zhuǎn)到N點的過程中()AU2有可能大于U1 BU1、U2均增大CU1不變、U2增大 Da、b間輸入功率不變C根據(jù)變壓器的電壓關(guān)系有 ，由于n2n1，所以U2U1，故A錯誤；當(dāng)滑動觸頭逆時針轉(zhuǎn)動時，即n2增大時，輸入電壓U1不變，電壓U2U1應(yīng)該增大，B錯誤，C正確；因負載不變，輸出功率增大，則變壓器的輸入功率增大，D錯誤。5.如圖所示，半徑為R的豎直半球形碗固定于水平面上，碗口水平且AB為直徑，O點為AB的中點。將一彈性小球(可視為質(zhì)點)從AO連線上的某點C沿CO方向以某初速度水平拋出，經(jīng)歷時間t(重力加速度為g)小球與碗內(nèi)壁只碰撞一次就返回C點。不計空氣阻力，碰撞過程無能量損失，則C、O兩點間的距離為()A. B. C. D.C小球與碗內(nèi)壁發(fā)生一次碰撞后恰好返回C點，則碰撞時小球的速度必沿半徑方向。切向速度為零，即碰撞時小球在豎直方向上的位移為hgt2R，小球與半球形碗碰撞的點記為D點，則D、O的連線與水平方向的夾角為30°，碰撞時小球的位移與水平方向夾角為，則2tan tan 30°，故碰撞時小球在水平方向上的位移為xR，過D點作CB的垂線交CB于E點，則，由幾何關(guān)系可知，CORRR，故C正確。6.如圖所示，質(zhì)量均為m的兩輛拖車甲、乙在汽車的牽引下前進，當(dāng)汽車的牽引力恒為F時，汽車以速度v勻速前進。某時刻甲、乙兩拖車之間的掛鉤脫鉤，而汽車的牽引力F保持不變(將脫鉤瞬間記為t0時刻)。則下列說法正確的是()A甲、乙兩車組成的系統(tǒng)在0 時間內(nèi)的動量守恒B甲、乙兩車組成的系統(tǒng)在 時間內(nèi)的動量守恒C. 時刻，甲車動量的大小為2mvD. 時刻，乙車動量的大小為mvAC設(shè)兩拖車受到的滑動摩擦力都為f，脫鉤前兩車做勻速直線運動，根據(jù)平衡條件得F2f，設(shè)脫鉤后乙車經(jīng)過時間t0速度為零，以F的方向為正方向，對乙車，由動量定理得ft00mv，解得t0；以甲、乙兩車為系統(tǒng)進行研究，在乙車停止運動以前，兩車受到的摩擦力不變，兩車組成的系統(tǒng)所受外力之和為零，則系統(tǒng)的總動量守恒，故在0至的時間內(nèi)，甲、乙兩車的總動量守恒，A正確；在時刻后，乙車停止運動，甲車做勻加速直線運動，兩車組成的系統(tǒng)所受的合力不為零，故甲、乙兩車的總動量不守恒，B錯誤；由以上分析可知，時刻乙車的速度為零，動量為零，D錯誤；以F的方向為正方向，t0時刻，對甲車，由動量定理得Ft0ft0pmv，又f，解得p2mv，C正確。7.在坐標(biāo)x0到x0之間有一靜電場，x軸上各點的電勢隨坐標(biāo)x的變化關(guān)系如圖所示，一電量為e的質(zhì)子從x0處以一定初動能僅在電場力作用下沿x軸正向穿過該電場區(qū)域。則該質(zhì)子()A在x00區(qū)間一直做加速運動B在0x0區(qū)間受到的電場力先增加后減小C在x00區(qū)間電勢能一直減小D在x0處的初動能應(yīng)大于e0BD從x0到0區(qū)間，電勢升高，意味著該區(qū)域內(nèi)的場強方向向左，質(zhì)子受到的電場力向左與運動方向相反，所以質(zhì)子做減速運動，A選項錯誤。設(shè)在xxx，電勢為，根據(jù)場強與電勢差的關(guān)系式E，當(dāng)x無限趨近于零時，表示該點x處的場強大小，從0到x0區(qū)間，圖線的斜率先增加后減小，所以電場強度大小先增加或減小，根據(jù)FEq，質(zhì)子受到的電場力先增加或減小，B選項正確。在x00區(qū)間質(zhì)子受到的電場力方向向左，與運動方向相反，電場力做負功，電勢能增加，C選項錯誤。因為質(zhì)子從x0到0區(qū)間做減速運動，從0到x0區(qū)間做加速運動。所以質(zhì)子能穿過電場區(qū)域的條件是在原點處的動能Ek要大于零。設(shè)質(zhì)子初動能為E0，從x0運動到0過程中，根據(jù)動能定理得：EkE0e0，所以E0e0Eke0，D選項正確。本題正確選項為BD。8(2019·福建省五校聯(lián)考)如圖所示，空間存在水平向左的勻強電場E和垂直紙面向外的勻強磁場B，在豎直平面內(nèi)從a點沿ab、ac方向拋出兩帶電小球，不考慮兩帶電小球間的相互作用，兩小球的電荷量始終不變，關(guān)于小球的運動，下列說法正確的是()A沿ab、ac方向拋出的小球都可能做直線運動B若小球沿ac方向做直線運動，則小球帶負電，可能做勻加速運動C若小球沿ab方向做直線運動，則小球帶正電，且一定做勻速運動D兩小球在運動過程中機械能均守恒AC先分析沿ab方向拋出的帶電小球，若小球帶正電，則小球所受電場力方向與電場強度方向相同，重力方向豎直向下，由左手定則知小球所受洛倫茲力方向垂直ab斜向上，小球受力可能平衡，可能做直線運動；若小球帶負電，則小球受力不可能平衡。再分析沿ac方向拋出的帶電小球，同理可知，只有小球帶負電時可能受力平衡，可能做直線運動。若小球做直線運動，假設(shè)小球同時做勻加速運動，則小球受到的洛倫茲力持續(xù)增大，那么小球?qū)o法做直線運動，假設(shè)不成立，小球做的直線運動一定是勻速運動，故選項A、C正確，選項B錯誤；在小球的運動過程中，洛倫茲力不做功，電場力對小球做功，故小球的機械能不守恒，選項D錯誤。- 5 -