《備戰(zhàn)2020年高考物理一輪復(fù)習(xí) 單元訓(xùn)練金卷 第三單元 牛頓運動定律B卷（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《備戰(zhàn)2020年高考物理一輪復(fù)習(xí) 單元訓(xùn)練金卷 第三單元 牛頓運動定律B卷（含解析）（7頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、 第三單元 注意事項： 1．答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。 2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。 3．非選擇題的作答：用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。 4．考試結(jié)束后，請將本試題卷和答題卡一并上交。 一、 (本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1～6題只有一項符合題目要求，第7～10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的

2、得2分，有選錯的得0分) 1．下列說法正確的是(　　) A．在國際單位制中，“牛頓”是力學(xué)的三個基本單位之一 B．選擇不同的參考系對同一運動的描述是相同的 C．時間、質(zhì)量和路程都是標(biāo)量，位移、速度和力都是矢量 D．小球做自由落體運動時，速度不斷增大，慣性也不斷增大 2．如圖所示，水平面上放有三個木塊A、B、C，質(zhì)量均為m＝1 kg，A、C與地面間的接觸面光滑，與地面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.1，A、B之間用輕彈簧相連，B、C之間用輕繩相連。現(xiàn)在給C一個水平向右、大小為 的拉力F，使A、B、C三個木塊一起以相同的加速度向右做勻加速直線運動。某一時刻撤去拉力F，則撤去力F的瞬間，輕繩中的張

3、力T為(重力加速度g取10 m/s2) (　　) A．0 B．1 N C．2 N D．3 N 3．甲、乙兩球質(zhì)量分別為m1、m2，從同一地點(足夠高)同時由靜止釋放，兩球下落過程中所受空氣阻力大小f僅與球的速率v成正比，與球的質(zhì)量無關(guān)，即f＝kv(k為正的常量)，兩球的v－t圖象如圖所示。落地前，經(jīng)時間t0兩球的速度都已達(dá)到各自的穩(wěn)定值v1、v2。下列判斷正確的是(　　) A．釋放瞬間甲球加速度較大 B．＝ C．甲球質(zhì)量大于乙球質(zhì)量 D．t0時間內(nèi)兩球下落的高度相等 4．某電梯只受重力與繩索拉力，在t＝0時由靜止開始上升，a－t圖象如圖所示，則下列相關(guān)說法正確的是(　　)

4、 A．t＝4.5 s時，電梯處于失重狀態(tài) B．5～55 s時間內(nèi)，繩索拉力最小 C．t＝59.5 s時，電梯處于超重狀態(tài) D．t＝60 s時，電梯速度恰好為零 5．兩個質(zhì)量均為m的小球，用輕彈簧連接，小球A由輕繩懸掛在天花板上O點，兩球處于平衡狀態(tài)，如圖所示。現(xiàn)突然剪斷輕繩OA，讓小球下落，在剪斷輕彈繩的瞬間，設(shè)小球A、B的加速度分別用a1和a2表示，則(　　) A．a(chǎn)1＝g，a2＝g B．a(chǎn)1＝0，a2＝2g C．a(chǎn)1＝g，a2＝0 D．a(chǎn)1＝2g，a2＝g0 6．如圖所示，物塊A放在輕彈簧上，物塊B放在物塊A上靜止。當(dāng)用力F使物塊B豎直向上做勻加速直線運動，在下面所的四個圖象

5、中，能反映物塊B脫離物塊A前的過程中力F隨時間t變化規(guī)律的是（ ） 7．如圖所示，質(zhì)量為m＝1 kg的物體與水平地面之間的動摩擦因數(shù)為0.3，當(dāng)物體運動的速度為10 m/s時，給物體施加一個與速度方向相反的大小為F＝2 N的恒力，則在此恒力作用下(g取10 m/s2，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)(　　) A．物體經(jīng)10 s速度減為零 B．物體經(jīng)2 s速度減為零 C．物體速度減為零后將保持靜止 D．物體速度減為零后將向右運動 8．如圖所示，bc 為固定在小車上的水平橫桿，物塊 M 串在桿上，靠摩擦力保持相對桿靜止，M 又通過輕細(xì)線懸吊著一

6、小球 m， 此時小車正以大小為 a 的加速度向右做勻加速運動，而 M、m 均相對小車靜止，細(xì)線與豎直方向的夾角為 θ。小車的加速度逐漸增加，M 始終和小車保持相對靜止，當(dāng)加速度增加到2a時(　　) A．橫桿對M的摩擦力增加到原來的2倍 B．橫桿對M的彈力保持不變 C．細(xì)線與豎直方向的夾角增加到原來的2倍 D．細(xì)線的拉力增加到原來的2倍 9．(2019?全國III卷)如圖（a），物塊和木板疊放在實驗臺上，物塊用一不可伸長的細(xì)繩與固定在實驗臺上的力傳感器相連，細(xì)繩水平。t＝0時，木板開始受到水平外力F的作用，在t＝4 s時撤去外力。細(xì)繩對物塊的拉力f隨時間t變化的關(guān)系如圖（b）所示，木板

7、的速度v與時間t的關(guān)系如圖（c）所示。木板與實驗臺之間的摩擦可以忽略。重力加速度取g＝10 m/s2。由題給數(shù)據(jù)可以得出(　　) A．木板的質(zhì)量為1 kg B．2 s～4 s內(nèi)，力F的大小為0.4 N C．0～2 s內(nèi)，力F的大小保持不變 D．物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)為0.2 10．一塊足夠長的白板，位于水平桌面上，處于靜止?fàn)顟B(tài)，一石墨塊(可視為質(zhì)點)靜止在白板上。石墨塊與白板間有摩擦，滑動摩擦系數(shù)為μ。突然，使白板以恒定的速度v0做勻速直線運動，石墨塊將在板上劃下黑色痕跡。經(jīng)過某段時間t，令白板突然停下，以后不再運動

8、。在最后石墨塊也不再運動時，白板上黑色痕跡的長度可能是(已知重力加速度為g，不計石墨與板摩擦劃痕過程中損失的質(zhì)量)(　　) A． B． C． D．v0t 二、(本題共6小題，共60分。把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位) 11．(2019?全國II卷)(5分)如圖（a），某同學(xué)設(shè)計了測量鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)的實驗。所用器材有：鐵架臺、長木板、鐵塊、米尺、電磁打點計時器、頻率50 Hz的交流電源，紙帶等?；卮鹣铝袉栴}： (1

9、)鐵塊與木板間動摩擦因數(shù)μ＝ 。（用木板與水平面的夾角θ、重力加速度g和鐵塊下滑的加速度a表示） (2)某次實驗時，調(diào)整木板與水平面的夾角θ＝30°。接通電源，開啟打點計時器，釋放鐵塊，鐵塊從靜止開始沿木板滑下。多次重復(fù)后選擇點跡清晰的一條紙帶，如圖(b)所示。圖中的點為計數(shù)點(每兩個相鄰的計數(shù)點間還有4個點未畫出)，重力加速度為9.8 m/s2?？梢杂嬎愠鲨F塊與木板間的動摩擦因數(shù)為 。(結(jié)果保留2位小數(shù)) 12．(7分)某同學(xué)用如圖甲所示的實驗裝置完成“驗證牛頓第二定律”的實驗。 (1)在“探究小車加速度和質(zhì)量的關(guān)系”實驗中，某

10、同學(xué)將實驗測量的數(shù)據(jù)描繪成了如圖乙所示的a－M圖象，于是他得出了“小車的加速度和質(zhì)量成反比”的結(jié)論，請你對此進行評價_______________。 (2)在“探究小車加速度和力的關(guān)系”實驗中，某同學(xué)將實驗得到的數(shù)據(jù)描繪成了a－F圖象，如果他要得出“小車的加速度和力成正比”的結(jié)論，他應(yīng)該得到一條怎樣的圖象？_____________________________________________。 (3)他在驗證“物體質(zhì)量一定，其加速度與所受合力成正比”時，根據(jù)實驗測得的數(shù)據(jù)得出的a－F圖線如圖丙所示。圖線既不過原點，又不是直線，原因是___________________________

11、___。 13．(8分)如圖所示，可視為質(zhì)點的兩物塊A、B的質(zhì)量分別為2m、m。A放在光滑水平桌面上，一不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑輕質(zhì)定滑輪，兩端分別與A、B相連接，A和滑輪間的輕繩與桌面平行?，F(xiàn)將A從靜止釋放，當(dāng)B落地時，A還在桌面上。不計空氣阻力，重力加速度為g。求： (1)B落地前的加速度a的大??； (2)B落地前滑輪對輪軸的壓力F的大小。 14．(10分)在平直公路上有A、B兩輛汽車，二者質(zhì)量均為6.0×103 kg，運動時所受阻力均為車重的。它們的v－t圖象分別如圖中a、b所示。g取10 m/s2。求： (1)A車的加速度aA和牽引力FA； (

12、2)0～3 s內(nèi)B車的位移xB和牽引力FB。 15．(14分)如圖所示，AB、CD為兩個光滑的平臺，一傾角為37°、長為5 m的傳送帶與兩平臺平滑連接?，F(xiàn)有一小物體以10 m/s的速度沿平臺AB向右運動，當(dāng)傳送帶靜止時，小物體恰好能滑到平臺CD上。(g取10 m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8) (1)求小物體跟傳送帶間的動摩擦因數(shù)； (2)當(dāng)小物體在平臺AB上的運動速度低于某一數(shù)值時，無論傳送帶順時針運動的速度有多大，小物體都不能到達(dá)平臺CD，求這個臨界速度； (3)若小物體以8 m/s的速度沿平臺AB向右運動，欲使小物體能到

13、達(dá)平臺CD，傳送帶至少以多大的速度順時針運動？ 16．(2019?江蘇卷)(16分)如圖所示，質(zhì)量相等的物塊A和B疊放在水平地面上，左邊緣對齊。A與B、B與地面間的動摩擦因數(shù)均為μ。先敲擊A，A立即獲得水平向右的初速度，在B上滑動距離L后停下。接著敲擊B，B立即獲得水平向右的初速度，A、B都向右運動，左邊緣再次對齊時恰好相對靜止，此后兩者一起運動至停下。最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。求： (1)A被敲擊后獲得的初速度大小vA； (2)在左邊緣再次對齊的前、后，B運動加速度的大小aB、aB'； (3)B被敲擊后獲得的初速度大小vB。

14、 3 單元訓(xùn)練金卷·高三·物理（B）卷 第三單元 答 案 一、 (本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1～6題只有一項符合題目要求，第7～10題有多項符合題目要求。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分) 1．【答案】C 【解析】千克、米、秒是力學(xué)的三個基本單位，牛頓是導(dǎo)出單位，A錯誤；選擇不同的參考系研究物體的運動情況，其結(jié)果一般不同，B錯誤；位移、速度、力都既有大小又有方向，這三個物理量都是矢量，時間、質(zhì)量和路程都是標(biāo)量，C正確；小球做自由落體運動時，速度不斷增大，但慣性保持不

15、變，D錯誤。 2．【答案】B 【解析】在拉力作用下，對整體，由牛頓第二定律可得F－μmg＝3ma，解得a＝1 m/s2，對A，由牛頓第二定律可得F?＝ma＝1 N。當(dāng)撤去外力后，把B、C作為整體，由牛頓第二定律可知F?＝μmg＝2ma?，解得a?＝1 m/s2，方向向左，對C受力分析，由牛頓第二定律可得T＝ma?＝1 N，故B正確。 3．【答案】C 【解析】釋放瞬間，v＝0，因此空氣阻力f＝0，兩球均只受重力，加速度均為重力加速度g，A錯誤；兩球先做加速度減小的加速運動，最后都做勻速運動，穩(wěn)定時，有kv＝mg，因此最大速度與其質(zhì)量成正比，即v∝m，故＝，B錯誤；由圖象知v1>v2，因此

16、m1>m2，C正確；圖象與時間軸圍成的面積表示位移，由圖可知，t0時間內(nèi)兩球下落的高度不相等，D錯誤。 4．【答案】D 【解析】利用a－t圖象可判斷，t＝4.5 s時，電梯有向上的加速度，電梯處于超重狀態(tài)，A錯誤；0～5 s時間內(nèi)，電梯處于超重狀態(tài)，拉力大于重力，5～55 s時間內(nèi)，電梯勻速上升，拉力等于重力，55～60 s時間內(nèi)，電梯處于失重狀態(tài)，拉力小于重力，綜上所述，B、C錯誤；因a－t圖線與t軸所圍的“面積”表示速度改變量，而圖中橫軸上方的“面積”與橫軸下方的“面積”相等，則電梯的速度在t＝60 s時為零，D正確。 5．【答案】D 【解析】剪斷輕繩OA的瞬時， A、B間彈簧的彈

17、力不變，則小球A所受合力為2mg，小球B所受合力為零，故a1＝2g，a2＝0，故選D。 6．【答案】C 【解析】剛開始物體平衡，有kx0＝mg，有拉力F作用后，根據(jù)牛頓第二定律，有F＋kx－mg＝ma，由于物體做勻加速直線運動，故，由上述兩式得，故選C。 7．【答案】BC 【解析】物體受到向右的滑動摩擦力，f＝μFN＝μmg＝3 N，根據(jù)牛頓第二定律得a＝＝ m/s2＝5 m/s2，方向向右，物體減速到0所需的時間t＝＝ s＝2 s，B正確，A錯誤；減速到零后，F(xiàn)

18、據(jù)牛頓第二定律得，水平方向：Ff＝(M＋m)a，豎直方向：FN＝(M＋m)g，則當(dāng)加速度增加到2a時，橫桿對M的摩擦力Ff增加到原來的2倍，橫桿對M的彈力與兩個物體受到的總重力大小相等，保持不變，故A、B正確；以小球為研究對象，分析受力如圖乙所示，由牛頓第二定律得mgtan θ＝ma，解得tan θ＝，當(dāng)a增加到2a時，tan θ變?yōu)樵瓉淼膬杀?，但θ不是原來?倍，細(xì)線的拉力FT＝，可知a變?yōu)?a時，F(xiàn)T不是原來的2倍，故C、D錯誤。 9．【答案】AB 【解析】結(jié)合兩圖象可判斷出0～2 s物塊和木板還未發(fā)生相對滑動，它們之間的摩擦力為靜摩擦力，此過程力F等于f，故F在此過程中是變力，即C錯

19、誤；2～5 s內(nèi)木板與物塊發(fā)生相對滑動，摩擦力轉(zhuǎn)變?yōu)榛瑒幽Σ亮?，由牛頓運動定律，對2～4 s和4～5 s列運動學(xué)方程，可解出質(zhì)量m為1 kg，2～4 s內(nèi)的力F為0.4 N，故A、B正確；由于不知道物塊的質(zhì)量，所以無法計算它們之間的動摩擦因數(shù)μ，故D錯誤。 10．【答案】AC 【解析】在時間t內(nèi)，石墨可能一直勻加速，也可能先加速后勻速；石墨加速時，根據(jù)牛頓第二定律，有μmg＝ma，解得a＝μg。①如果時間t內(nèi)一直加速，加速的位移為，故相對白板的位移為；②如果先加速，后勻速，位移為，故相對白板的位移為；③如果加速的末速度恰好等于v0，則，故相對白板的位移為。經(jīng)過時間t后，白板靜止后，石墨做減

20、速運動，加速度大小不變，故相對白板沿原路返回，故白板上黑色痕跡的長度等于加速時相對薄板的位移，故選A、C。 二、(本題共6小題，共60分。把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答。解答題應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分。有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位) 11．【答案】(1) (2分) (2).0.35 (3分) 【解析】(1)由mgsinθ－μmgcosθ＝ma，解得：μ＝……① (2)由逐差法a＝ 得：sII＝(76.39－31.83)×10－2m，T＝0.1s，sI＝(31.83－5.00)×10－2m，故a＝ m/s2＝1.9

21、7 m/s2，代入①式，得：μ＝ ＝0.35。 12．【答案】(1)不能得出結(jié)論(2分) (2)他應(yīng)該得到一條過原點的直線(2分) (3)不過原點的原因是沒有平衡摩擦力，或木板傾角過小，平衡得不夠。發(fā)生彎曲的原因是小車的質(zhì)量M沒有遠(yuǎn)大于配重的質(zhì)量m (3分) 【解析】(1)在探究加速度a與質(zhì)量M的關(guān)系時，作出a－M圖象是一條曲線，由圖只能看出小車的加速度隨質(zhì)量的增大而減小，因此需要將曲線直線化，即做出a－1/M圖象，看是否是一條過原點的直線，如果是通過坐標(biāo)原點的直線，證明加速度a與質(zhì)量M成反比，所以該同學(xué)的做法不能得出結(jié)論；(2)他要得出“小車的加速度和力成正比”的結(jié)論，所以將

22、實驗得到的數(shù)據(jù)描繪成了a－F圖象，他應(yīng)該得到一條過原點的直線；(3)不過原點的原因是沒有平衡摩擦力，或木板傾角過小，平衡得不夠；發(fā)生彎曲的原因是小車的質(zhì)量M沒有遠(yuǎn)大于配重的質(zhì)量m。 13．【解析】(1)B落地前，對于A，取水平向左為正，對于B，取豎直向下為正，根據(jù)牛頓第二定律得： T＝2ma (2分) mg－T＝ma (2分) 解得：T＝mg，a＝g。 (1分) (2)滑輪對輪軸的壓力大小等于滑輪受到兩段輕繩的壓力大小，由幾何關(guān)系可得 F＝2Tcos 45°＝mg。(3分) 14．【解析】(1)由圖可得A車勻加速運動的加速度為： aA＝＝ m/s2＝1.75 m/s2

23、 (2分) 由牛頓第二定律得：FA－kmg＝maA (2分) 解得：FA＝1.45×104 N。(1分) (2)0～3 s內(nèi)B車的位移等于B車的v－t圖線與坐標(biāo)軸圍成的面積，即xB＝9 m (1分) 由圖可得B車勻減速運動的加速度為aB＝＝－ m/s2 (1分) 由牛頓第二定律得：FB－kmg＝maB (2分) 解得：FB＝0。(1分) 15．【解析】(1)傳送帶靜止時，小物體在傳送帶上受力如圖甲所示，根據(jù)牛頓第二定律得： μmgcos37°＋mgsin37°＝ma1 (2分) B→C過程，有：v＝2a1l (2分) 解得：a1＝10 m/s2，μ＝0.

24、5。 (1分) (2)當(dāng)小物體在傳送帶上受到的摩擦力始終向上時，最容易到達(dá)傳送帶頂端，此時，小物體受力如圖乙所示，根據(jù)牛頓第二定律得： mgsin37°－μmgcos37°＝ma2 (2分) 若恰好能到達(dá)平臺CD，有：v2＝2a2l (1分) 解得：v＝2 m/s，a2＝2 m/s2 (1分) 即當(dāng)小物體在平臺AB上向右運動的速度小于2 m/s時，無論傳送帶順時針運動的速度有多大，小物體都不能到達(dá)平臺CD。(1分) (3)設(shè)小物體在平臺AB上的運動速度為v1，傳送帶順時針運動的速度大小為v2。 從小物體滑上傳送帶至小物體速度減小到傳送帶速度過程，有：v－v＝2a1x

25、1 (1分) 從小物體速度減小到傳送帶速度至恰好到達(dá)平臺CD過程，有：v＝2a2x2，x1＋x2＝l (2分) 解得：v2＝3 m/s，即傳送帶至少以3 m/s的速度順時針運動，小物體才能到達(dá)平臺CD。(2分) 16．【解析】(1)由牛頓運動定律知，A加速度的大小aA＝μg (2分) 勻變速直線運動2aAL＝vA2 (1分) 解得：。 (1分) (2)設(shè)A、B的質(zhì)量均為m 對齊前，B所受合外力大小F＝3μmg (2分) 由牛頓運動定律F＝maB，得aB＝3μg (1分) 對齊后，A、B所受合外力大小F′＝2μmg (2分) 由牛頓運動定律F′＝2maB′，得aB′＝μg (1分) (3)經(jīng)過時間t，A、B達(dá)到共同速度v，位移分別為xA、xB，A加速度的大小等于aA，則 v＝aAt，v＝vB－aBt (2分) ， (2分) 且xB－xA＝L (1分) 解得：。(1分) 3