熱考2受力分析及平衡1(2019年安徽江淮聯(lián)考)如圖所示的裝置中，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2 kg、1 kg，連接輕彈簧和物塊的輕繩質(zhì)量不計，輕彈簧的質(zhì)量不計，輕繩與滑輪間的摩擦不計，重力加速度g10 m/s2，則下列說法正確的是()A固定物塊A，則彈簧的彈力大小為20 NB固定物塊B，則彈簧的彈力大小為40 NC先固定物塊A，在釋放物塊A的一瞬間，彈簧的彈力大小為10 ND先固定物塊A，釋放物塊A后，A、B、彈簧一起運動的過程中，彈簧的彈力大小為15 N【答案】C2(2019年甘肅蘭州一模)一質(zhì)量為m的物體用一根足夠長細繩懸吊于天花板上的O點，現(xiàn)用一光滑的金屬鉤子勾住細繩，水平向右緩慢拉動繩子(鉤子與細繩的接觸點A始終在一條水平線上)，下列說法正確的是()A鉤子對細繩的作用力始終水平向右BOA段繩子的力逐漸增大C鉤子對細繩的作用力先減小后增大D鉤子對細繩的作用力不可能等于mg【答案】D3(2019年海南瓊海模擬)如圖，重為G的體操運動員在進行體操比賽時，有兩手臂對稱支撐、豎直倒立靜止的比賽動作，設(shè)兩臂夾角為，則()A當(dāng)不同時，運動員受到的合力不同B當(dāng)不同時，運動員與地面之間的相互作用力不相等C當(dāng)60°時，運動員單手所受地面的支持力大小為D當(dāng)120°時，運動員單手所受地面的支持力大小為G【答案】C4(2019年河北唐山一模)如圖所示，輕繩OA、OB系于水平桿上的A點和B點，兩繩與水平桿之間的夾角均為30°，重物通過細線系于O點將桿在豎直平面內(nèi)沿順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動30°的過程中()AOA繩上拉力變大，OB繩上拉力變大BOA繩上拉力變大，OB繩上拉力變小COA繩上拉力變小，OB繩上拉力變大DOA繩上拉力變小，OB繩上拉力變小【答案】B【解析】轉(zhuǎn)動前，TATB,2TAsin 30°mg，則TAmgTB; 轉(zhuǎn)動后，OA與水平方向的夾角變?yōu)?0°，OB變?yōu)樗絋Asin 60°mg，TAcos 60°TB，解得TAmg，TBTAmg.故B正確，A、C、D錯誤5如圖所示，有兩根長均為L、質(zhì)量均為m的細導(dǎo)體棒a、b，其中a被水平放置在傾角為45°的光滑絕緣斜面上b被水平固定在斜面的右側(cè)，且a、b在同一水平面上保持相互平行當(dāng)兩棒通以大小均為I的電流時，a恰好在斜面上保持靜止，重力加速度為g，下列關(guān)于b棒在a處產(chǎn)生的磁場的說法中，正確的是()A方向一定豎直向下B方向一定豎直向上C大小一定為D大小一定為【答案】C【解析】由于a'恰好在斜面上保持靜止，所以ab之間一定是吸引力，即ab中電流的方向應(yīng)同向，由于題中沒有給a中電流的方向，所以b的電流方向也不定，則b棒在a處產(chǎn)生的磁場可能向上也可能向下，故A、B錯誤；a受到重力、支持力和水平向右的安培力處于平衡狀態(tài)，因夾角為45°，則大小B，故C正確，D錯誤6(2019年安徽名校模擬)2019年6月24日消息，大連市首屆“工匠杯”職工技能競賽決賽開賽，現(xiàn)場20名砌筑工展現(xiàn)出較高的技術(shù)水準如圖所示，競賽工地上的建筑工人用磚夾搬運5塊相同的磚(圖中陰影部分相當(dāng)于磚夾)，當(dāng)磚處于平衡狀態(tài)時，下列說法正確的是()A磚夾對磚塊的水平壓力越大，1、5兩塊磚受到的摩擦力越大B3受到2施加的摩擦力大小等于自身重力的一半C4對3的摩擦力方向豎直向下D1受到2施加的摩擦力與4受到5施加的摩擦力完全相同【答案】B【解析】先對5塊磚整體受力分析，受重力5G和兩側(cè)磚夾對磚向上的靜摩擦力2f，根據(jù)平衡條件，有2f5G，解得fG，即磚夾對磚1、5的靜摩擦力為G.對磚5分析，受重力G，磚夾對其向上的靜摩擦力fG，所以磚4對磚5有向下的摩擦力f2G.再對磚4分析，受重力G，磚5對磚4有向上的摩擦力f2G，所以磚3對磚4有向下的摩擦力f3G.磚4對磚3有向上的摩擦力f3G，故A、C錯誤，B正確；1受到2施加的摩擦力與4受到5施加的摩擦力大小相等，方向相反，故D錯誤7(多選)(2019年安徽名校聯(lián)考)如圖所示，斜面體放在水平面上，C是斜面體斜面AB上的一點，AC部分粗糙，CB部分光滑一物塊在AC部分勻速下滑，此時斜面體對物塊的作用力為F1、地面對斜面體的摩擦力為f1；物塊在CB部分下滑時，斜面體對物塊的作用力為F2.地面對斜面體的摩擦力為f2.整個過程斜面體始終處于靜止不計空氣阻力，則()Af1<f2Bf1f2CF1<F2DF1F2【答案】AC8(多選)(2019年廣西桂林三模)用一輕繩將小球P系于光滑墻壁上的O點，在墻壁和球P之間夾有一矩形物塊Q，如圖所示若P、Q始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列相關(guān)說法正確的是()AP物體受4個力BQ受到3個力C若繩子變長，繩子的拉力將變小D若繩子變長，Q受到的靜摩擦力將減小【答案】AC9(多選)(2019年廣西賀州二模)一個物體在拉力F的作用下在傾角30°的粗糙斜面上向上始終勻速運動，物體與斜面的動摩擦因數(shù)0.5、F與斜面的夾角從零逐漸增多，物體離開斜面前，拉力F的大小與F的功率P的變化情況()AF變大BP一直變小CF先變小后變大DP一直變大【答案】BC【解析】對物體受力分析，受重力、拉力、支持力和滑動摩擦力，如圖，根據(jù)牛頓第二定律，平行斜面方向有 Fcos mgsin f，垂直斜面方向有Fsin Nmgcos 0，其中fN，聯(lián)立計算得出F，其中tan r，當(dāng)F與斜面的夾角從零逐漸增大時，F(xiàn)先減小后增大F的功率為PFvcos F×vcos ×v，當(dāng)F與斜面的夾角從零逐漸增大，所以P逐漸減小，故B、C正確10(多選)如圖，半圓柱體Q放在水平地面上，表面光滑的圓柱體P放在Q和墻壁之間，Q的軸線與墻壁之間的距離為L，已知Q與地面間的動摩擦因數(shù)0.5，P、Q橫截面半徑均為R，P的質(zhì)量是Q的2倍，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，則()vAL越大，P、Q間的作用力越大BL越大，P對墻壁的壓力越小CL越大，Q受到地面的摩擦力越小DL的取值不能超過【答案】AD【解析】對P受力分析，受力如圖，根據(jù)平衡知，Q對P的作用力F，根據(jù)幾何關(guān)系知，sin ，L越大，sin 越大，cos 越小，則F越大，A正確；根據(jù)平衡知，墻壁對P的彈力N1mPgtan ，根據(jù)幾何關(guān)系知sin ，L越大，sin 越大，cos 越小，tan 越大，墻壁對P的彈力越大，根據(jù)牛頓第三定律知，P對墻壁的壓力越大，B錯誤；對整體分析，整體在水平方向受到墻壁的彈力和地面的摩擦力，可知Q受到地面的摩擦力等于墻壁對P的彈力，L越大，彈力越大，則摩擦力越大，C錯誤；對整體分析知，地面對Q的摩擦力fN1mPgtan ，要使P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，有f(mPmQ)g，根據(jù)幾何關(guān)系有tan ，聯(lián)立解得L，D正確- 5 -