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2019-2020年高考物理一輪總復習 10.2變壓器 電能的輸送隨堂集訓 考向一　 B. 增大負載電阻的阻值R，電流表的讀數變小 C. 負載電阻的阻值越小，cd間的電壓Ucd越大 D. 將二極管短路，電流表的讀數加倍 解析：a、b端的電壓為正弦式交變電壓，故電壓表測得的電壓Uab＝。副線圈兩端電壓也為正弦式交變電壓，但由于二極管的單向導電特性，從而使c、d兩端的電壓成為脈動直流電，由有效值定義可得T＝，即Ucd＝，故Uab∶Ucd＝＝n1∶n2，A錯誤。因R增大時消耗的功率P＝減小，原線圈輸入功率減小，故U1不變時I1減小，B正確。由Uab∶Ucd＝n1∶n2可知Ucd與負載的阻值無關，C錯誤。將二極管短路時R兩端電壓成為正弦式交變電壓，其有效值Ucd′＝，故此時R消耗的功率P′＝為原來的2倍，原線圈中的電流也變?yōu)樵瓉淼?倍，故D正確。 答案：BD 2. [xx廣東高考](多選)如圖所示的電路中，P為滑動變阻器的滑片，保持理想變壓器的輸入電壓U1不變，閉合電鍵S，下列說法正確的是(　　) A. P向下滑動時，燈L變亮 B. P向下滑動時，變壓器的輸出電壓不變 C. P向上滑動時，變壓器的輸入電流變小 D. P向上滑動時，變壓器的輸出功率變大 解析：對于理想變壓器U2＝U1，U1不變則U2不變，與調節(jié)P無關，故B正確。又UL＝U2，所以燈的亮度不變，A錯。P向上滑動時RP減小，則R總減小，P出＝增大，P入＝P出＝U1I1，所以I1增大，可知C錯誤，D正確。 答案：BD 考向二　 3. [xx四川高考]如圖所示，甲是遠距離輸電線路的示意圖，乙是發(fā)電機輸出電壓隨時間變化的圖象，則(　　) A. 用戶用電器上交流電的頻率是100 Hz B. 發(fā)電機輸出交流電的電壓有效值是500 V C. 輸電線的電流只由降壓變壓器原副線圈的匝數比決定 D. 當用戶用電器的總電阻增大時，輸電線上損失的功率減小 解析：由圖乙知，交流電的周期為0.02 s，所以頻率f＝＝50 Hz，A錯誤。發(fā)電機輸出交流電的電壓最大值為Um＝500 V，故有效值U＝＝250 V，B錯誤。輸電線電流I線＝，可見I線與R線及用戶電路有關，C錯誤。當用戶用電器總電阻增大時，P用減小，I用減小，I線減小，輸電線上損失的電功率P損＝IR線減小，D正確。 答案：D 4. [xx江蘇高考]遠距離輸電的原理圖如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2，輸電線上的電阻為R。變壓器為理想變壓器，則下列關系式中正確的是(　　) A. ＝　　　　　　　　 B. I2＝ C. I1U1＝IR D. I1U1＝I2U2 解析：由理想變壓器可知＝，選項A錯；I2＝，而U2＝UR＋U3，故I2＜，B錯；P入＝P出，即U1I1＝U2I2，而U2≠I2R，C項錯，D項正確。 答案：D 考向三　 5. [xx天津高考]普通的交流電流表不能直接接在高壓輸電線路上測量電流，通常要通過電流互感器來連接，圖中電流互感器ab一側線圈的匝數較少，工作時電流為Iab，cd一側線圈的匝數較多，工作時電流為Icd，為了使電流表能正常工作，則 (　　) A. ab接MN、cd接PQ，IabIcd C. ab接PQ、cd接MN，IabIcd 解析：在測量高壓線路上電流時，電流互感器的作用是減小測量支路的電流．根據變壓器原理，＝，I大n小，故ab端應接MN，cd端應接PQ，Iab>Icd，選項B正確。 答案：B 【模擬題組——提考能】 1. [xx廣東揭陽一模](多選)某發(fā)電站采用高壓輸電向外輸送電能。若輸送的總功率為P0，輸電電壓為U，輸電導線的總電阻為R，則下列說法正確的是(　　) A. 輸電線上的電流為 B. 輸電線上的電流為 C. 輸電線上損失的功率為 D. 輸電線上損失的功率為 解析：根據P＝UI得，輸電線上的電流I＝，只有當U是導線上損失的電壓，可以用電流I＝得出輸電線上的電流，然而此處U為輸電電壓，故A錯誤，B正確；輸電線上損耗的功率ΔP＝I2R＝，故C錯誤，D正確。 答案：BD 2. [xx廣東深圳一模](多選)如圖所示，電源輸入電壓不變，要使電路中電流表示數變大，可采用的方法有(　　) A. 將R上的滑片向上移動 B. 將R上的滑片向下移動 C. 將開關S擲向1 D. 將開關S擲向2 解析：輸入的電壓和匝數比不變，輸出的電壓也不變，當向上移動滑片時，電路的電阻變小，所以電流要增加，A正確；輸入的電壓和匝數比不變，輸出的電壓也不變，當向下移動滑片時，電路的電阻變大，所以電流要變小，B錯誤；將開關S擲向1，原線圈的匝數變大，由電壓與匝數成正比可得，副線圈的輸出電壓要減小，電路的電阻不變，所以電流要減小，C錯誤；將開關S擲向2時，原線圈的匝數減少，由電壓與匝數成正比可得，副線圈的輸出電壓要變大，電路的電阻不變，所以電流要增大，D正確。 答案：AD 3. [xx云南一模]如圖所示，將理想變壓器原線圈接入電壓隨時間變化規(guī)律為：u＝220sin100πt(V)的交流電源，在副線圈兩端并聯接入規(guī)格為“22 V,22 W”的燈泡10個，燈泡均正常發(fā)光。除燈泡外的電阻均不計，下列說法正確的是(　　) A. 變壓器原、副線圈匝數比為10∶1 B. 電流表示數為1 A C. 電流表示數為10 A D. 副線圈中電流的頻率為5 Hz 解析：燈泡正常發(fā)光，燈泡兩端的電壓22 V，原線圈兩端電壓有效值為220 V，原、副線圈匝數之比為220∶22＝10∶1，A錯誤；副線圈的電流為I2＝＝ A＝10 A，電流與匝數成反比，所以電流表示數為1 A，B正確，C錯誤；由表達式知交流電的角速度ω＝100π rad/s，所以交流電的頻率50 Hz，D錯誤。 答案：B 4. [xx蘇州模擬]某同學自制變壓器，原線圈為n1匝，在做副線圈時，將導線ab對折后并在一起，在鐵芯上繞n2圈，從導線對折處引出一個接頭c，連成如圖所示電路。S為單刀雙擲開關，線圈電阻不計，原線圈接u1＝Umsinωt的交流電源。下列說法正確的是(　　) A. S接b時，電壓表示數為 B. S接c時，電壓表示數為 C. S接c時，滑動觸頭P向下移動，變壓器輸入功率變大 D. S接c時，滑動觸頭P向上移動，變壓器輸入電流變大 解析：將S接在b時，副線圈產生的總電動勢為零，電壓表示數為零，A錯誤；當S接c時，副線圈的匝數為n2，由＝得U2＝，B錯誤；S接c時，P向下移動，R變大，P入＝P出＝變小，C錯誤；P向上移動時，R變小，P入＝I1U1＝變大，故I1變大，D正確。 答案：D