2019-2020年高考物理第一輪復(fù)習(xí) 第六章 電場(chǎng)力的性質(zhì).doc
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2019-2020年高考物理第一輪復(fù)習(xí) 第六章 電場(chǎng)力的性質(zhì)1(多選)(xx海南高考)將平行板電容器兩極板之間的距離、電壓、電場(chǎng)強(qiáng)度大小和極板所帶的電荷量分別用d、U、E和Q表示。下列說法正確的是()A保持U不變,將d變?yōu)樵瓉淼膬杀叮瑒tE變?yōu)樵瓉淼囊话隑保持E不變,將d變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑒tU變?yōu)樵瓉淼膬杀禖保持d不變,將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀叮瑒tU變?yōu)樵瓉淼囊话隓保持d不變,將Q變?yōu)樵瓉淼囊话耄瑒tE變?yōu)樵瓉淼囊话?(xx海南高考)如圖1,電荷量為q1和q2的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別位于P點(diǎn)和Q點(diǎn)。已知在P、Q連線上某點(diǎn)R處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零,且PR2RQ。則() 圖1Aq12q2Bq14q2Cq12q2 Dq14q23(多選)(xx廣東高考)如圖2所示,光滑絕緣的水平桌面上,固定著一個(gè)帶電荷量為Q的小球P。帶電荷量分別為q和2q的小球M和N,由絕緣細(xì)桿相連,靜止在桌面上。P與M相距L,P、M和N視為點(diǎn)電荷,下列說法正確的是() 圖2AM與N的距離大于LBP、M和N在同一直線上C在P產(chǎn)生的電場(chǎng)中,M、N處的電勢(shì)相同DM、N及細(xì)桿組成的系統(tǒng)所受合外力為零4(多選)(xx上海高考)如圖3,質(zhì)量分別為mA和mB的兩小球帶有同種電荷,電荷量分別為qA和qB,用絕緣細(xì)線懸掛在天花板上。平衡時(shí),兩小球恰處于同一水平位置,細(xì)線與豎直方向間夾角分別為1與2(12)。兩小球突然失去各自所帶電荷后開始擺動(dòng),最大速度分別為vA和vB,最大動(dòng)能分別為EkA和EkB。則() 圖3AmA一定小于mB BqA一定大于qBCvA一定大于vB DEkA一定大于EkB高頻考點(diǎn)二:電場(chǎng)能的性質(zhì)5(多選)(xx全國(guó)卷)關(guān)于靜電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì),下列說法正確的是()A電場(chǎng)強(qiáng)度的方向處處與等電勢(shì)面垂直B電場(chǎng)強(qiáng)度為零的地方,電勢(shì)也為零C隨著電場(chǎng)強(qiáng)度的大小逐漸減小,電勢(shì)也逐漸降低D任一點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度總是指向該點(diǎn)電勢(shì)降落最快的方向6(xx福建高考)如圖4所示,在點(diǎn)電荷Q產(chǎn)生的電場(chǎng)中,將兩個(gè)帶正電的試探電荷q1、q2分別置于A、B兩點(diǎn),虛線為等勢(shì)線。取無窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn),若將q1、q2移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)的過程中外力克服電場(chǎng)力做的功相等,則下列說法正確的是() 圖4AA點(diǎn)電勢(shì)大于B點(diǎn)電勢(shì)BA、B兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相等Cq1的電荷量小于q2的電荷量Dq1在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于q2在B點(diǎn)的電勢(shì)能7(xx上海高考)兩異種點(diǎn)電荷電場(chǎng)中的部分等勢(shì)面如圖5所示,已知A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)電勢(shì)。若位于a、b處點(diǎn)電荷的電荷量大小分別為qa和qb,則()圖5Aa處為正電荷,qaqbCa處為負(fù)電荷,qaqb8(多選)(xx山東高考)圖6中虛線為一組間距相等的同心圓,圓心處固定一帶正電的點(diǎn)電荷。一帶電粒子以一定初速度射入電場(chǎng),實(shí)線為粒子僅在電場(chǎng)力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡,a、b、c三點(diǎn)是實(shí)線與虛線的交點(diǎn)。則該粒子() 圖6A帶負(fù)電B在c點(diǎn)受力最大C在b點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能D由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動(dòng)能變化大于由b點(diǎn)到c點(diǎn)的動(dòng)能變化9(多選)(2011江蘇高考)一粒子從A點(diǎn)射入電場(chǎng),從B點(diǎn)射出,電場(chǎng)的等勢(shì)面和粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖7所示,圖中左側(cè)前三個(gè)等勢(shì)面彼此平行,不計(jì)粒子的重力。下列說法正確的有() 圖7A粒子帶負(fù)電荷B粒子的加速度先不變,后變小C粒子的速度不斷增大D粒子的電勢(shì)能先減小,后增大10(xx重慶高考)如圖8所示,高速運(yùn)動(dòng)的粒子被位于O點(diǎn)的重原子核散射,實(shí)線表示粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡,M、N和Q為軌跡上的三點(diǎn),N點(diǎn)離核最近,Q點(diǎn)比M點(diǎn)離核更遠(yuǎn),則() 圖8A粒子在M點(diǎn)的速率比在Q點(diǎn)的大B三點(diǎn)中,粒子在N點(diǎn)的電勢(shì)能最大C在重核產(chǎn)生的電場(chǎng)中,M點(diǎn)的電勢(shì)比Q點(diǎn)的低D粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到Q點(diǎn),電場(chǎng)力對(duì)它做的總功為負(fù)功11(多選)(xx全國(guó)卷)如圖9,在正點(diǎn)電荷Q的電場(chǎng)中有M、N、P、F四點(diǎn),M、N、P為直角三角形的三個(gè)頂點(diǎn),F(xiàn)為MN的中點(diǎn),M30。M、N、P、F四點(diǎn)處的電勢(shì)分別用M、N、P、F表示,已知MN,PF,點(diǎn)電荷Q在M、N、P三點(diǎn)所在平面內(nèi),則() 圖9A點(diǎn)電荷Q一定在MP的連線上B連接PF的線段一定在同一等勢(shì)面上C將正試探電荷從P點(diǎn)搬運(yùn)到N點(diǎn),電場(chǎng)力做負(fù)功DP大于M高頻考點(diǎn)三:帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)12(xx廣東高考)噴墨打印機(jī)的簡(jiǎn)化模型如圖10所示,重力可忽略的墨汁微滴,經(jīng)帶電室?guī)ж?fù)電后,以速度v垂直勻強(qiáng)電場(chǎng)飛入極板間,最終打在紙上,則微滴在極板間電場(chǎng)中() 圖10A向負(fù)極板偏轉(zhuǎn)B電勢(shì)能逐漸增大C運(yùn)動(dòng)軌跡是拋物線D運(yùn)動(dòng)軌跡與帶電量無關(guān)13(xx全國(guó)卷)一水平放置的平行板電容器的兩極板間距為d,極板分別與電池兩極相連,上極板中心有一小孔(小孔對(duì)電場(chǎng)的影響可忽略不計(jì))。小孔正上方處的P點(diǎn)有一帶電粒子,該粒子從靜止開始下落,經(jīng)過小孔進(jìn)入電容器,并在下極板處(未與極板接觸)返回。若將下極板向上平移,則從P點(diǎn)開始下落的相同粒子將()A打到下極板上B在下極板處返回C在距上極板處返回D在距上極板d處返回14(xx大綱卷)一電荷量為q(q0)、質(zhì)量為m的帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)的作用下,在t0時(shí)由靜止開始運(yùn)動(dòng),場(chǎng)強(qiáng)隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖11所示。不計(jì)重力。求在t0到tT的時(shí)間間隔內(nèi),圖11(1)粒子位移的大小和方向;(2)粒子沿初始電場(chǎng)反方向運(yùn)動(dòng)的時(shí)間。15(xx全國(guó)卷)如圖12,勻強(qiáng)電場(chǎng)中有一半徑為r的光滑絕緣圓軌道,軌道平面與電場(chǎng)方向平行。a、b為軌道直徑的兩端,該直徑與電場(chǎng)方向平行。一電荷量為q(q0)的質(zhì)點(diǎn)沿軌道內(nèi)側(cè)運(yùn)動(dòng)。經(jīng)過a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力的大小分別為Na和Nb。不計(jì)重力,求電場(chǎng)強(qiáng)度的大小E、質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能。圖1216(xx蘇州模擬)如圖13所示,虛線左側(cè)存在非勻強(qiáng)電場(chǎng),MO是電場(chǎng)中的某條電場(chǎng)線,方向水平向右,長(zhǎng)直光滑絕緣細(xì)桿CD沿該電場(chǎng)線放置。質(zhì)量為m1、電量為q1的A球和質(zhì)量為m2、電量為q2的B球穿過細(xì)桿(均可視為點(diǎn)電荷)。從t0開始A自O(shè)點(diǎn)以速度v0向左做勻速運(yùn)動(dòng),同時(shí)B在O點(diǎn)右側(cè)某處以速度v1也向左運(yùn)動(dòng),且v1v0。tt0時(shí)B到達(dá)O點(diǎn)(未進(jìn)入非勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域),A運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)(圖中未畫出),此時(shí)兩電荷間距離最小。靜電力常量為k。圖13(1)求0t0時(shí)間內(nèi)A對(duì)B球做的功;(2)求桿所在直線上電場(chǎng)強(qiáng)度的最大值;(3)某同學(xué)計(jì)算出0t0時(shí)間內(nèi)A對(duì)B球做的功W1后,用下列方法計(jì)算非勻強(qiáng)電場(chǎng)PO兩點(diǎn)間電勢(shì)差:設(shè)0t0時(shí)間內(nèi)B對(duì)A球做的功為W2,非勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)A做的功為W3,根據(jù)動(dòng)能定理W2W30又因?yàn)閃2W1PO兩點(diǎn)間電勢(shì)差U請(qǐng)分析上述解法是否正確,并說明理由。17.(xx北京市東城區(qū)模擬)如圖14所示,水平放置的平行金屬板之間電壓大小為U,距離為d,其間還有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。質(zhì)量為m帶電量為q的帶電粒子,以水平速度v0從平行金屬板的正中間射入并做勻速直線運(yùn)動(dòng),然后又垂直射入電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E2、方向豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng),其邊界a、b間的寬為L(zhǎng)(該電場(chǎng)豎直方向足夠長(zhǎng))。電場(chǎng)和磁場(chǎng)都有理想邊界,且粒子所受重力不計(jì),求圖14(1)該帶電粒子在a、b間運(yùn)動(dòng)的加速度大小a;(2)勻強(qiáng)磁場(chǎng)對(duì)該帶電粒子作用力的大小f;(3)該帶電粒子到達(dá)邊界b時(shí)的速度大小v。18(xx大綱卷)如圖15,一平行板電容器的兩個(gè)極板豎直放置,在兩極板間有一帶電小球,小球用一絕緣輕線懸掛于O點(diǎn),現(xiàn)給電容器緩慢充電,使兩極板所帶電荷量分別為Q和Q,此時(shí)懸線與豎直方向的夾角為。再給電容器緩慢充電,直到懸線和豎直方向的夾角增加到,且小球與兩極板不接觸。求第二次充電使電容器正極板增加的電荷量。圖15答 案1選AD平行板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E,保持U不變,將d變?yōu)樵瓉淼膬杀叮妶?chǎng)強(qiáng)度E變?yōu)樵瓉淼囊话?,A正確。由UEd可知B錯(cuò)誤。由C可知,保持d不變,則電容器的電容C不變,由C可知,將Q變?yōu)樵瓉淼膬杀?,則U變?yōu)樵瓉淼膬杀叮珻錯(cuò)誤,同理可知D正確。2選B 本題考查電場(chǎng)強(qiáng)度的疊加,由于R處的合電場(chǎng)強(qiáng)度變?yōu)?,故兩點(diǎn)電荷的電性相同,結(jié)合點(diǎn)電荷的電場(chǎng)強(qiáng)度公式Ek可知kk0,又r12r2,故q14q2,本題選B。3選BD由于小球M、N及細(xì)桿處于靜止?fàn)顟B(tài),因此M、N及細(xì)桿組成的系統(tǒng)合外力為零,D項(xiàng)正確;整體受到的庫(kù)侖力的合力為零,即kk,解得r(1)L,A項(xiàng)錯(cuò)誤;由于P對(duì)M、N的庫(kù)侖力等大反向,因此P、M、N三者必在一條直線上,B項(xiàng)正確;在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)中,離P點(diǎn)越遠(yuǎn)電勢(shì)越低,C項(xiàng)錯(cuò)誤。4選ACD以A小球?yàn)檠芯繉?duì)象有:TAcos 1mAg,TAsin 1FBA,以B小球?yàn)檠芯繉?duì)象有:TBcos 2mBg,TBsin 2FAB,且FABFBA,因12,故TBTA,而cos 2cos 1,故mBmA,選項(xiàng)A正確。因?yàn)锳、B兩球擺到最低點(diǎn)時(shí):A小球下降的高度hA大于B小球下降的高度hB,由mv2mgh有v,所以vAvB,故選項(xiàng)C正確。由庫(kù)侖定律有FAB,故無法確定qA與qB的大小,選項(xiàng)B錯(cuò)誤。要比較EkA、EkB的大小,只需比較重力做功多少,通過計(jì)算有WGAFBAhtan ,WGBFABhtan,其中h為平衡位置水平面到天花板的高度,顯然WGAWGB,故EkAEkB,即選項(xiàng)D正確。5選AD根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系解題。電場(chǎng)線(電場(chǎng)強(qiáng)度)的方向總是與等勢(shì)面垂直,選項(xiàng)A正確。電場(chǎng)強(qiáng)度和電勢(shì)是兩個(gè)不同的物理量,電場(chǎng)強(qiáng)度等于零的地方,電勢(shì)不一定等于零,選項(xiàng)B錯(cuò)誤。沿著電場(chǎng)線方向,電勢(shì)不斷降落,電勢(shì)的高低與電場(chǎng)強(qiáng)度的大小無必然關(guān)系,選項(xiàng)C錯(cuò)誤。電場(chǎng)線(電場(chǎng)強(qiáng)度)的方向總是從高的等勢(shì)面指向低的等勢(shì)面,而且是電勢(shì)降落最快的方向,選項(xiàng)D正確。6選C由題意知點(diǎn)電荷Q帶負(fù)電,所以有AB0,得|UA|UB|,移動(dòng)兩試探電荷克服電場(chǎng)力做功相等,有q1|UA|q2|UB|,所以q1q2,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,C正確。因?yàn)镋k,A點(diǎn)比B點(diǎn)離Q近,所以EAEB,選項(xiàng)B錯(cuò)誤。根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系,q1在A點(diǎn)的電勢(shì)能等于q2在B點(diǎn)的電勢(shì)能,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。7選B圖為異種點(diǎn)電荷的等勢(shì)面分布,由題知AB,因此a處為正電荷,b處為負(fù)電荷,等勢(shì)面密集處靠近b電荷,故qaqb,選項(xiàng)B正確。8選CD由于帶電粒子受到的電場(chǎng)力指向軌跡凹側(cè),說明帶電粒子帶正電,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;根據(jù)庫(kù)侖定律Fk可知,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;粒子從b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到c點(diǎn)的過程中,電場(chǎng)力對(duì)粒子做正功,粒子電勢(shì)能減小,選項(xiàng)C正確;由動(dòng)能定理可得qUEk,因?yàn)閁abUbc,所以選項(xiàng)D正確。9選AB根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直并指向電勢(shì)低的等勢(shì)面,可大致畫出電場(chǎng)線的形狀,粒子在電場(chǎng)力的作用下軌跡向下彎曲,根據(jù)曲線運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn),可以說明電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè),與場(chǎng)強(qiáng)方向相反,所以粒子帶負(fù)電,A正確;等勢(shì)面先是平行等距,后變得稀疏,則電場(chǎng)強(qiáng)度先是不變,后電場(chǎng)強(qiáng)度變小,即電場(chǎng)力先不變,后變小,B正確;根據(jù)電場(chǎng)力做功WqU,電場(chǎng)力做負(fù)功,所以粒子速度減小,C錯(cuò)誤;電場(chǎng)力始終做負(fù)功,由功能關(guān)系可知,粒子的電勢(shì)能始終增加,所以D錯(cuò)誤。10選B本題考查電場(chǎng)力做功、電勢(shì)、電勢(shì)能,意在考查考生推理與分析問題的能力。建立正點(diǎn)電荷電場(chǎng)模型,根據(jù)正點(diǎn)電荷的等勢(shì)線空間分布圖,由于Q點(diǎn)比M點(diǎn)離核遠(yuǎn),則QM,D正確。12選C本題考查帶電微滴在電場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)問題,意在考查考生熟練應(yīng)用運(yùn)動(dòng)的合成與分解知識(shí)解題的能力。由于微滴帶負(fù)電,電場(chǎng)方向向下,因此微滴受到的電場(chǎng)力方向向上,微滴向正極板偏轉(zhuǎn),A項(xiàng)錯(cuò)誤;偏轉(zhuǎn)過程中電場(chǎng)力做正功,根據(jù)電場(chǎng)力做功與電勢(shì)能變化的關(guān)系,電勢(shì)能減小,B項(xiàng)錯(cuò)誤;微滴在垂直于電場(chǎng)方向做勻速直線運(yùn)動(dòng),位移xvt,沿電場(chǎng)反方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),位移yt22,此為拋物線方程,C項(xiàng)正確;從式中可以看出,運(yùn)動(dòng)軌跡與帶電荷量q有關(guān),D項(xiàng)錯(cuò)誤。13選D本題考查動(dòng)能定理及靜電場(chǎng)相關(guān)知識(shí),意在考查考生對(duì)動(dòng)能定理的運(yùn)用。當(dāng)兩極板距離為d時(shí),粒子從開始下落到恰好到達(dá)下極板過程中,根據(jù)動(dòng)能定理可得:mgdqU0,當(dāng)下極板向上移動(dòng),設(shè)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)距離x時(shí)速度減為零,全過程應(yīng)用動(dòng)能定理可得:mg(x)qx0,兩式聯(lián)立解得:xd,選項(xiàng)D正確。14解析:(1)帶電粒子在0、T時(shí)間間隔內(nèi)做勻變速運(yùn)動(dòng),設(shè)加速度分別為a1、a2、a3、a4,由牛頓第二定律得a1a22a32a4(a)由此得帶電粒子在0T時(shí)間間隔內(nèi)運(yùn)動(dòng)的加速度時(shí)間圖象如圖(a)所示,對(duì)應(yīng)的速度時(shí)間圖象如圖(b)所示,其中v1a1(b)由圖(b)可知,帶電粒子在t0到tT的時(shí)間間隔內(nèi)位移大小為sv1由式得sT2它沿初始電場(chǎng)正方向。(2)由圖(b)可知,粒子在tT到tT內(nèi)沿初始電場(chǎng)的反方向運(yùn)動(dòng),總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t為tTT答案:(1)沿初始電場(chǎng)正方向(2)15解析:本題主要考查受到約束的帶電質(zhì)點(diǎn)在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、牛頓第二定律、動(dòng)能定理及其相關(guān)的知識(shí)點(diǎn),意在考查考生靈活應(yīng)用知識(shí)解決問題的能力。質(zhì)點(diǎn)所受電場(chǎng)力的大小為FqE設(shè)質(zhì)點(diǎn)質(zhì)量為m,經(jīng)過a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)的速度大小分別為va和vb,由牛頓第二定律有FNamNbFm設(shè)質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過a點(diǎn)和b點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能分別為Eka和Ekb,有Ekamva2Ekbmvb2根據(jù)動(dòng)能定理有EkbEka2rF聯(lián)立式得E(NbNa)Eka(Nb5Na)Ekb(5NbNa)答案:見解析16解析:(1)B球運(yùn)動(dòng)過程中只受A球?qū)λ膸?kù)侖力作用,當(dāng)它運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)速度跟A球相同為v0。庫(kù)侖力做的功即為B球動(dòng)能變化量Wm2v02m2v12(2)因?yàn)锳球做勻速運(yùn)動(dòng),t0時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)的位移xv0t0此時(shí)A、B球間的庫(kù)侖力Fk因?yàn)锳球始終做勻速運(yùn)動(dòng),所以非勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)它的作用力與B球?qū)λ膸?kù)侖力相平衡。當(dāng)B球到達(dá)O點(diǎn)時(shí),兩帶電小球間的距離最小,庫(kù)侖力最大。因此,電場(chǎng)對(duì)A的作用力也最大,電場(chǎng)強(qiáng)度也最大。E(3)該同學(xué)的解法是錯(cuò)誤的。因?yàn)锽球向A球靠近的過程,雖然它們的作用力大小相等,但它們運(yùn)動(dòng)的位移不等,所以相互作用力所做的功W1、W2的大小不相等。即W2W1是錯(cuò)誤的。答案:(1)m2v02m2v12(2)(3)見解析17解析:(1)電場(chǎng)力F2qE2根據(jù)牛頓第二定律:a,a(2)該粒子受力如圖:電場(chǎng)強(qiáng)度:E1,電場(chǎng)力:F1qE1根據(jù)平衡條件:fF1解得:f(3)該帶電粒子到達(dá)邊界b的時(shí)間為t豎直方向的速度為vyat所以此時(shí)帶電粒子的速度大小為v 答案:(1)a(2)f(3)v 18解析:設(shè)電容器電容為C。第一次充電后兩極板之間的電壓為U兩極板之間電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度為E式中d為兩極板間的距離。按題意,當(dāng)小球偏轉(zhuǎn)角1時(shí),小球處于平衡位置。設(shè)小球質(zhì)量為m,所帶電荷量為q,則有Tcos 1mgTsin 1qE式中T為此時(shí)懸線的張力。聯(lián)立式得tan 1設(shè)第二次充電使正極板上增加的電荷量為Q,此時(shí)小球偏轉(zhuǎn)角2,則tan 2聯(lián)立式得代入數(shù)據(jù)解得Q2Q答案:2Q- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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- 2019-2020年高考物理第一輪復(fù)習(xí) 第六章 電場(chǎng)力的性質(zhì) 2019 2020 年高 物理 第一輪 復(fù)習(xí) 第六 電場(chǎng) 性質(zhì)
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