2019高考物理二輪復習 第一部分 專題一 力和運動 專題強化練(二)力與直線運動.doc
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專題強化練(二)力與直線運動考點1勻變速直線運動1在離地高h處,沿豎直方向同時向上和向下拋出兩個小球,它們的初速度大小均為v,不計空氣阻力,兩球落地的時間差為 ()A.B.C. D.解析:根據豎直上拋運動的對稱性,可知向上拋出的小球落回到出發(fā)點時的速度也是v,之后的運動與豎直下拋的物體運動情況相同因此上拋的小球比下拋的小球多運動的時間為:t,A項正確答案:A2大霧天氣的時候高速公路經常封道,否則會造成非常嚴重的車禍如果某人大霧天開車在高速上行駛,設能見度(觀察者與能看見的最遠目標間的距離)為50 m,該人的反應時間為0.5 s,汽車剎車時能產生的最大加速度的大小為5 m/s2,為安全行駛,汽車行駛的最大速度為 ()A25 m/s B20 m/sC15 m/s D10 m/s解析:設汽車行駛的最大速度為v,則vt0x,即0.5v50,解得v20 m/s,選項B正確答案:B考點2圖象問題3(2018無錫測試)一質點由靜止開始做直線運動的vt關系圖象如圖所示,則該質點的xt關系圖象可大致表示為下圖中的()解析:根據位移圖象中圖線的斜率表示速度可知,該質點的xt關系圖象可大致表示為B圖答案:B4如圖所示,為三個運動物體的vt圖象,其中A、B兩物體是從不同地點出發(fā),A、C是從同一地點出發(fā),則以下說法正確的是()AA、C兩物體的運動方向相反Bt4 s時,A、B兩物體相遇Ct4 s時,A、C兩物體相遇Dt2 s時,A、B兩物體相距最遠解析:在t4 s之前,A、B、C三個物體開始階段速度方向均為正,方向相同;當t4 s時,A、B兩物體發(fā)生的位移相同,但由于兩物體不是從同一地點出發(fā),因此此時兩者并沒有相遇,而A、C兩物體是同時同地出發(fā),此時兩者的位移也相等,故此時兩物體相遇;當t2 s時,A、B兩物體的速度相同,此時應當為兩者之間距離的一個極值,但由于初始狀態(tài)不清,沒有明確A、B誰在前,故有“相距最遠”和“相距最近”兩種可能,因此D錯答案:C5(多選)(2018桂林、崇左聯考)水平力F方向確定,大小隨時間的變化如圖(a)所示,用力F拉靜止在水平桌面上的物塊,在F從0開始逐漸增大的過程中,物塊的加速度a隨時間t變化的圖象如圖(b)所示重力加速度大小為10 m/s2,最大靜摩擦力大于滑動摩擦力由圖可知()A物塊與水平桌面間的最大靜摩擦力為3 NB物塊與水平桌面間的動摩擦因數為0.1C物塊的質量m2 kgD在04 s時間內,合外力的沖量為12 Ns解析:由題圖(b)可知,t2 s時物塊剛開始運動,靜摩擦力最大,最大靜摩擦力等于此時的拉力,由題圖(a)易知最大靜摩擦力為6 N,故A錯誤;由題圖(b)知:當t2 s時,a1 m/s2,F6 N,根據牛頓第二定律得:Fmgma,代入得:6m10m.當t4 s時,a3 m/s2,F12 N,根據牛頓第二定律得:Fmgma,代入得:12m103m.聯立解得0.1,m3 kg,故B正確,C錯誤;at圖象與時間軸所圍的面積表示速度的變化量,則04 s內物塊速度的增量為v(42)m/s4 m/s,t0時刻速度為0,則物塊在第4 s末的速度為4 m/s;根據動量定理,得04 s內合外力的沖量為:Ipmv34 Ns12 Ns,故D正確答案:BD6(2018黃岡質檢)如圖所示,在水平地面上有一長木板B,其上疊放木塊A.假定木板與地面之間、木塊和木板之間的最大靜摩擦力都和滑動摩擦力相等用一水平力F作用于B,A、B的加速度與F的關系如圖乙所示,重力加速度g取10 m/s2,則下列說法中正確的是()AA的質量為0.25 kgBB的質量為1.25 kgCB與地面間的動摩擦因數為0.2DA、B間的動摩擦因數為0.2解析:由題圖乙知,B與地面的最大靜摩擦力Ff3 N,當F19 N時,A、B達到最大的共同加速度a14 m/s2,對A、B整體由牛頓第二定律得F1Ff(mAmB)a1.水平力再增大時,A、B發(fā)生相對滑動,A的加速度仍為4 m/s2,B的加速度隨水平力的增大而增大,當F213 N時,aB8 m/s2,對B有F2FfmAa1mBaB,解得mB1 kg,mA0.5 kg,進一步求得B與地面間的動摩擦因數10.2,A、B間的動摩擦因數20.4,C正確,A、B、D錯誤答案:C考點3牛頓運動定律的應用7(多選)(2018西安聯考)如圖所示,質量為m1 kg的物塊A停放在光滑的水平桌面上現對物塊施加一個水平向右的外力F,使它在水平面上做直線運動已知外力F隨時間t(單位為s)的變化關系為F(62t)N,則()A在t3 s時,物塊的速度為零B物塊向右運動的最大速度為9 m/sC在06 s內,物塊的平均速度等于4.5 m/sD物塊向右運動的最大位移大于27 m解析:水平面光滑,物塊所受的合力等于F,在03 s內,物塊受的力一直向右,一直向右做加速運動,可知3 s時速度不為零,故A錯誤;根據牛頓第二定律得,a62t,a-t圖象如圖所示圖線與時間軸圍成的面積表示速度的變化量,可知最大速度變化量為v63 m/s9 m/s,可知物塊向右運動的最大速度為9 m/s,故B正確;物塊的速度時間圖象如圖所示,由圖線與時間軸圍成的面積表示位移知,位移x69 m27 m,則平均速度 m/s4.5 m/s,故D正確,C錯誤答案:BD8(多選)(2018沈陽模擬)如圖所示為糧袋的傳送帶裝置,已知AB間的長度為L,傳送帶與水平方向的夾角為,工作時運行速度為v,糧袋與傳送帶間的動摩擦因數為,正常工作時工人在A點將糧袋由靜止放上傳送帶,以下說法正確的是(設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)()A糧袋到達B點的速度與v比較,可能大,也可能相等或小B若L足夠大,糧袋最終將一定以速度v做勻速運動C若tan ,則糧袋從A到B一定一直做加速運動D糧袋剛放上傳送帶時的加速度agsin 解析:糧袋開始時受到沿斜面向下的滑動摩擦力,大小為mgcos ,根據牛頓第二定律得到,加速度ag(sin cos ),糧袋在傳送帶上可能一直做勻加速運動,到達B點時的速度小于v;可能先做勻加速運動,當速度與傳送帶相同后,做勻速運動,到達B點時速度與v相同;也可能先做加速度ag(sin cos )的勻加速運動,當速度與傳送帶相同后做加速度ag(sin cos )的勻加速運動,到達B點時的速度大于v,A正確,B錯誤;若2B12(m1m2)g時,長木板將開始運動D若將F作用于長木板,當F(12)(m1m2)g時,長木板與木塊將開始相對滑動解析:對木塊,根據牛頓運動定律有:F1m1gm1a,對長木板,由于保持靜止有:1m1gFf0,Ff(12)(m1m2)g時,長木板與木塊將開始相對滑動,故D正確答案:D10(2018濰坊模擬)如圖甲所示,水平地面上輕彈簧左端固定,右端通過滑塊壓縮0.4 m后鎖定,t0時解除鎖定釋放滑塊計算機通過滑塊上的速度傳感器描繪出滑塊的速度圖象如圖乙所示,其中Oab段為曲線,bc段為直線,傾斜直線Od是t0時的速度圖線的切線,已知滑塊質量m2.0 kg,取g10 m/s2.求:(1)滑塊與地面間的動摩擦因數;(2)彈簧的勁度系數解析:(1)從題圖乙可知,滑塊脫離彈簧后的加速度大小a1 m/s25 m/s2,由牛頓第二定律得:mgma1.代入數據解得:0.5.(2)剛釋放時滑塊的加速度為:a2 m/s230 m/s2,由牛頓第二定律得:kxmgma2.代入數據解得:k175 N/m.答案:(1)0.5(2)175 N/m- 配套講稿:
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