《(魯京津瓊專用)2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 專題3 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 第22練 導(dǎo)數(shù)小題綜合練練習(xí)(含解析).docx》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(魯京津瓊專用)2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 專題3 導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 第22練 導(dǎo)數(shù)小題綜合練練習(xí)(含解析).docx(7頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
第22練 導(dǎo)數(shù)小題綜合練
[基礎(chǔ)保分練]
1.(2018商丘模擬)設(shè)曲線f(x)=-ex-x(e為自然對數(shù)的底數(shù))上任意一點處的切線為l1,總存在曲線g(x)=3ax+2cosx上某點處的切線l2,使得l1⊥l2,則實數(shù)a的取值范圍是( )
A.[-1,2] B.(3,+∞)
C. D.
2.已知f(x)與g(x)是定義在R上的兩個可導(dǎo)函數(shù),若f(x),g(x)滿足f′(x)=g′(x),則f(x)與g(x)一定滿足( )
A.f(x)=g(x) B.f(x)=g(x)=0
C.f(x)-g(x)為常函數(shù) D.f(x)+g(x)為常函數(shù)
3.已知函數(shù)f(x)=+sinx,其導(dǎo)函數(shù)為f′(x),則f(2019)+f(-2019)+f′(2019)-f′(-2019)的值為( )
A.0B.2C.2019D.-2019
4.(2019唐山模擬)設(shè)函數(shù)f(x)=x(ex+e-x),則f(x)( )
A.是奇函數(shù),且在R上是增函數(shù)
B.是偶函數(shù),且在R上有極小值
C.是奇函數(shù),且在R上是減函數(shù)
D.是偶函數(shù),且在R上有極大值
5.(2018湖北四地七校聯(lián)考)若函數(shù)f(x)=kx-cosx在區(qū)間上單調(diào)遞增,則k的取值范圍是( )
A.[1,+∞) B.
C.(1,+∞) D .
6.(2019甘肅省靜寧縣第一中學(xué)模擬)已知函數(shù)f(x)=f′(1)x2+2x+2f(1),則f′(2)的值為( )
A.-2B.0C.-4D.-6
7.已知定義域為R的奇函數(shù)y=f(x)的導(dǎo)函數(shù)為y=f′(x),當(dāng)x≠0時,f′(x)+>0,若a=f,b=-2f(-2),c=lnf,則a,b,c的大小關(guān)系是( )
A.a(chǎn)
f(b)g(b) B.f(x)g(a)>f(a)g(x)
C.f(x)g(b)>f(b)g(x) D.f(x)g(x)>f(a)g(a)
2.(2019蘭州第一中學(xué)月考)函數(shù)f(x)=lnx+(a∈R)在區(qū)間[e-2,+∞)上有兩個零點,則實數(shù)a的取值范圍是( )
A.B.C.D.
3.(2018長沙質(zhì)檢)設(shè)函數(shù)f(x)在R上存在導(dǎo)函數(shù)f′(x),對任意的實數(shù)x都有f(x)=4x2-
f(-x),當(dāng)x∈(-∞,0)時,f′(x)+<4x,若f(m+1)≤f(-m)+4m+2,則實數(shù)m的取值范圍是( )
A. B.
C.[-1,+∞) D.[-2,+∞)
4.(2018遵義模擬)已知函數(shù)f(x)=的圖象上存在兩點關(guān)于y軸對稱,則實數(shù)a的取值范圍是( )
A.[-3,-1] B.(-3,-1)
C.[-,9e2] D.
5.對任意實數(shù)x均有e2x-(a-3)ex+4-3a>0,則實數(shù)a的取值范圍為________.
6.(2019山東省膠州一中模擬)若對任意的x∈D,均有g(shù)(x)≤f(x)≤h(x)成立,則稱函數(shù)f(x)為函數(shù)g(x)和函數(shù)h(x)在區(qū)間D上的“中間函數(shù)”.已知函數(shù)f(x)=(k-1)x-1,g(x)=-2,h(x)=(x+1)lnx,且f(x)是g(x)和h(x)在區(qū)間[1,2]上的“中間函數(shù)”,則實數(shù)k的取值范圍是________.
答案精析
基礎(chǔ)保分練
1.D 2.C 3.B 4.A
5.B [由函數(shù)f(x)=kx-cosx,
可得f′(x)=k+sinx.
因為函數(shù)f(x)=kx-cosx在區(qū)間上單調(diào)遞增,
則k+sinx≥0在區(qū)間上恒成立,
即k≥-sinx在區(qū)間上恒成立,
于是k≥(-sinx)max.
又當(dāng)x∈時,sinx∈,
則-sinx∈,
所以k≥-.故選B.]
6.D [由題意f(1)=f′(1)+2+2f(1),
化簡得f(1)=-f′(1)-2,
而f′(x)=2f′(1)x+2,
所以f′(1)=2f′(1)+2,
得f′(1)=-2,故f(1)=0,
所以f(x)=-2x2+2x,所以f′(x)=-4x+2,所以f′(2)=-6,故選D.]
7.A [設(shè)h(x)=xf(x),
∴h′(x)=f(x)+xf′(x).
∵y=f(x)是定義在R上的奇函數(shù),
∴h(x)是定義在R上的偶函數(shù).
當(dāng)x>0時,h′(x)=f(x)+xf′(x)>0,
∴函數(shù)h(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增.
∵a=f=h,
b=-2f(-2)=2f(2)=h(2),
c=lnf=h
=h(-ln2)=h(ln2).
又∵2>ln2>,∴b>c>a.故選A.]
8.D [令f(x)=,x≠0,
則f(-x)=f(x),
f(x)為(-∞,0)∪(0,+∞)上的偶函數(shù),故B錯誤.
當(dāng)x>0時,f(x)=x3lnx,
f′(x)=3x2lnx+x2
=3x2,
若0e-時,f′(x)>0,故f(x)在上為增函數(shù).故選D.]
9.
解析 f′(x)=3(x+1)2e-x+1-(x+1)3e-x+1
=(x+1)2e-x+1(2-x),
則可知f(x)在(-∞,2)上單調(diào)遞增,
在(2,+∞)上單調(diào)遞減,
故f(x)max=f(2)=.
g(x)=(x+1)2+a在(-∞,-1)上單調(diào)遞減,在(-1,+∞)上單調(diào)遞增.
故g(x)min=g(-1)=a,
存在x1,x2∈R,
使得f(x2)≥g(x1)成立,
則f(x)max≥g(x)min,所以a≤.
10.(-∞,1]
解析 ∵函數(shù)f(x)=x2lnx的定義域為{x|x>0},f(x)-kx+1≥0恒成立,即x2lnx-kx+1≥0等價于k≤xlnx+,令g(x)=xlnx+,則g′(x)=lnx+1-,令r(x)=lnx+1-,則r′(x)=+>0在(0,+∞)上恒成立,∴g′(x)=lnx+1-在(0,+∞)上單調(diào)遞增,g′(1)=0,故當(dāng)01時,g′(x)>0,函數(shù)g(x)單調(diào)遞增,則g(x)min=g(1)=1,故k≤g(x)min=g(1)=1,故實數(shù)k的取值范圍為(-∞,1].
能力提升練
1.C [令F(x)=,
則F′(x)=<0,
所以F(x)在R上單調(diào)遞減.
又a>.
又f(x)>0,g(x)>0,
所以f(x)g(b)>f(b)g(x).]
2.A [由函數(shù)f(x)=lnx+,令f(x)=0,即lnx+=0,
得-a=xlnx,x∈[e-2,+∞),
記g(x)=xlnx,x∈[e-2,+∞),
則g′(x)=1+lnx,
由此可知g(x)在區(qū)間[e-2,e-1]上單調(diào)遞減,在區(qū)間(e-1,+∞)上單調(diào)遞增,
且g(e-2)=-2e-2,g(e-1)=-e-1,
所以要使得f(x)=lnx+在x∈[e-2,+∞)上有兩個零點,
則-e-1<-a≤-2e-2,
所以實數(shù)a的取值范圍是,
故選A.]
3.A [令F(x)=f(x)-2x2,因為F(-x)+F(x)=f(-x)+f(x)-4x2=0,
所以F(-x)=-F(x),故F(x)=f(x)-2x2是奇函數(shù).則當(dāng)x∈(-∞,0)時,F(xiàn)′(x)=f′(x)-4x<-<0,故函數(shù)F(x)=f(x)-2x2在(-∞,0)上單調(diào)遞減,故函數(shù)F(x)在R上單調(diào)遞減.不等式f(m+1)≤f(-m)+4m+2等價于f(m+1)-2(m+1)2≤f(-m)-2m2,即F(m+1)≤F(-m),由函數(shù)的單調(diào)性可得m+1≥-m,即m≥-.故選A.]
4.D [由題意得,函數(shù)y=(x<0)的圖象關(guān)于y軸對稱變換后,與y=2x2-3x,x>0的圖象有交點,即aex=2x2-3x有正根,即a=有正根.令g(x)=,則g′(x)==.令g′(x)=0,得x=或3.當(dāng)03時,g′(x)<0,g(x)單調(diào)遞減;當(dāng)0,g(x)單調(diào)遞增.可知,當(dāng)x=時,
g(x)取極小值;當(dāng)x=3時,g(x)取極大值9e-3.又當(dāng)x→0或x→+∞時,g(x)→0,
故當(dāng)x=時,g(x)取最小值;當(dāng)x=3時,g(x)取最大值9e-3,即實數(shù)a的取值范圍是[,9e-3],故選D.]
5.
解析 e2x-(a-3)ex+4-3a>0?(ex+3)a0),
令h(t)==t+(t>0),
h′(t)=1-,
因為t>0,所以h′(t)>0,
即當(dāng)t>0時,h(t)>h(0)=,
所以a≤,
即實數(shù)a的取值范圍為.
6.
解析 根據(jù)題意,可得-2≤(k-1)x-1≤(x+1)lnx在[1,2]上恒成立,
當(dāng)x∈[1,2]時,函數(shù)y=(k-1)x-1的圖象是一條線段,于是
解得k≥,
又由(k-1)x-1≤(x+1)lnx,
即k-1≤在x∈[1,2]上恒成立,
令m(x)==lnx++,則m′(x)=,且x∈[1,2],
又令u(x)=x-lnx,
則u′(x)=1-≥0,
于是函數(shù)u(x)在[1,2]上為增函數(shù),
從而u(x)min=1-ln1>0,即m′(x)>0,即函數(shù)m(x)在x∈[1,2]上為單調(diào)增函數(shù),
所以函數(shù)的最小值為m(1)=1,
即k-1≤1,所以k≤2,
所以實數(shù)k的取值范圍是.
鏈接地址:http://www.szxfmmzy.com/p-3937769.html