2019高考物理一輪選練編題(含解析)(打包10套)新人教版.zip
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人教物理2019高考一輪選練編題(2)李仕才一、選擇題1、在某星球表面以初速度v0豎直上拋一個物體,若物體只受該星球引力作用,忽略其他力的影響,物體上升的最大高度為H,已知該星球的直徑為D,如果要在這個星球上發(fā)射一顆繞它運行的近“地”衛(wèi)星,其環(huán)繞速度為()A. B. Cv0 Dv0 解析:選B.據(jù)豎直上拋運動,最大高度H得到星球表面的重力加速度g.當近“地”衛(wèi)星繞該星球做圓周運動時,軌道半徑R,此時重力提供衛(wèi)星所需的向心力有:mgm得v .2、兩個小球在光滑水平面上沿同一直線、同一方向運動,球2在前,球1在后,m1=1 kg,m2=3 kg,v01=6 m/s,v02=3 m/s,當球1與球2發(fā)生碰撞后,兩球的速度分別為v1,v2,將碰撞后球1的動能和動量大小分別記為E1,p1,則v1,v2,E1,p1的可能值為(AB)A.v1=3.75 m/s,v2=3.75 m/sB.v1=1.5 m/s,v2=4.5 m/sC.E1=9 JD.p1=1 kg m/s解析:兩球碰撞過程中系統(tǒng)動量守恒,以兩球的初速度方向為正方向,如果兩球發(fā)生完全非彈性碰撞,由動量守恒定律得m1v01+m2v02=(m1+m2)v,代入數(shù)據(jù)解得v=3.75 m/s,如果兩球發(fā)生完全彈性碰撞,有m1v01+m2v02=m1v1+m2v2,由機械能守恒定律得m1+m2=m1+m2,代入數(shù)據(jù)解得v1=1.5 m/s,v2=4.5 m/s,則碰撞后球1、球2的速度滿足1.5 m/sv13.75 m/s,3.75 m/sv24.5 m/s;球1的動能E1=m1,滿足1.125 JE17.03 J;球1的動量p1=m1v1,滿足1.5 kg m/sp13.75 kg m/s,綜上所述,選項A,B正確,C,D錯誤.3、如圖為用索道運輸貨物的情景,已知傾斜的索道與水平方向的夾角為37,重物與車廂地板之間的動摩擦因數(shù)為0.3。當載重車廂沿索道向上加速運動時,重物與車廂仍然保持相對靜止狀態(tài),重物對車廂內(nèi)水平地板的正壓力為其重力的1.15倍。sin370.6,cos370.8,那么這時重物對車廂地板的摩擦力大小為( ) A0.35mg B0.3mg C0.23mg D0.2mg【答案】D【解析】將a沿水平和豎直兩個方向分解,對重物受力分析如圖,水平方向:Ffmax豎直方向:FNmgmay,由,三式聯(lián)立解得Ff0.2mg,D正確。4、如圖所示,a、b為豎直正對放置的兩平行金屬板,其中a板帶正電,兩板間的電壓為U,在金屬板下方存在一有界的勻強磁場,磁場的上邊界為與兩金屬板下端重合的水平面PQ,PQ下方的磁場范圍足夠大,磁場的磁感應(yīng)強度大小為B,一比荷為的帶正電粒子以速度v0從兩板中間位置沿與a、b平行方向射入兩板間的偏轉(zhuǎn)電場,不計粒子重力,粒子通過偏轉(zhuǎn)電場后從PQ邊界上的M點進入磁場,運動一段時間后又從PQ邊界上的N點射出磁場,設(shè)M、N兩點距離為x(M、N點在圖中未畫出)則以下說法中正確的是()A只減小磁感應(yīng)強度B的大小,則x減小B只增大初速度v0的大小,則x減小C只減小帶電粒子的比荷,則x不變D只減小偏轉(zhuǎn)電場的電壓U的大小,則x不變解析:選D.粒子進入磁場后做勻速圓周運動,設(shè)粒子進入磁場時速度方向與磁場邊界的夾角為,速度大小為v,軌道半徑R,由幾何關(guān)系可知x2Rsin ,只減小磁感應(yīng)強度B、只增大初速度v0或只減小帶電粒子的比荷時,都可使x增大,而x與偏轉(zhuǎn)電場的電壓U無關(guān),故選項A、B、C錯誤,D正確5、如圖所示,在光滑絕緣水平面上,有一矩形線圈以一定的初速度進入勻強磁場區(qū)域,線圈全部進入勻強磁場區(qū)域時,其動能恰好等于它在磁場外面時的一半,設(shè)磁場區(qū)域?qū)挾却笥诰€圈寬度,則(C)A.線圈恰好在完全離開磁場時停下B.線圈在未完全離開磁場時已停下C.線圈能通過場區(qū)不會停下D.線圈在磁場中某個位置停下解析:線圈出磁場時的速度小于進磁場時的速度,由安培力F=BIL=,知出磁場時線圈所受的安培力小于進磁場時所受的安培力,則進磁場過程安培力做功大于出磁場過程安培力做功,而進磁場時其動能恰好等于它在磁場外面時的一半,由動能定理知出磁場后,線圈的動能不為零,不會停下來,故C正確,A,B,D錯誤.6、如圖,邊長為2L的等邊三角形區(qū)域abc內(nèi)部的勻強磁場垂直紙面向里,b點處于x軸的坐標原點O;一與三角形區(qū)域abc等高的直角閉合金屬線框ABC,ABC60,BC邊處在x軸上現(xiàn)讓金屬線框ABC沿x軸正方向以恒定的速度v穿過磁場,在t0時線框B點恰好位于原點O的位置規(guī)定逆時針方向為線框中感應(yīng)電流的正方向,在下列四個ix圖象中,能正確表示線框中感應(yīng)電流隨位移變化關(guān)系的是()解析:選D.當B點向右運動0L過程中,線框切割磁感線的有效長度從0增加到ACL,感應(yīng)電流從0i0,感應(yīng)電流為逆時針方向;當線圈向右運動L2L過程中,切割磁感線的有效長度從L減小到0,感應(yīng)電流從i00,電流為逆時針方向;當線圈向右運動2L3L過程中,切割磁感線的有效長度從L減小到0,感應(yīng)電流從2i00,電流為順時針方向;對比題中圖象可知,選項D正確;故選D.7、從塔頂以相同速率拋出A、B、C三小球,A球豎直上拋,B球平拋,C球豎直下拋。另有D球從塔頂起自由下落,四個小球質(zhì)量相同,落到同一水平面上。不計空氣阻力,則()A落地時動能相同的小球是A、B、CB落地時動量相同的小球是A、B、CC從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中,動能增量相同的小球只有A、B、CD從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中,動量增量相同的小球是B、D【答案】AD【解析】小球從拋出至落地過程中只有重力做功,且重力做功相同,A、B、C三個小球的初動能相同,故小球落地時的動能相同,所以A正確;A、B、D落地速度方向相同,都是豎直向下,但是C落地速度方向不是豎直向下,故A、B、C落地的動量不相同,故選項B錯誤;從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中,動能增量等于合力做功,即等于重力的功,由于從相同高度拋出,故重力的功相同,故四個小球落地過程中動能增量相同,故選項C錯誤;從離開塔頂?shù)铰涞剡^程中,動量增量等于合力的沖量,合力為重力,但是時間相同的只有B、D,故合力的沖量相同的是B、D,故選項D正確。8、如圖所示,豎直井中的升降機可將地下深處的礦石快速運送到地面。某一豎井的深度約為104m,升降機運行的最大速度為8m/s,加速度大小不超過,假定升降機到井口的速度為零,則將礦石從井底提升到井口的最短時間是A. 13s B. 16s C. 21s D. 26s【來源】浙江新高考2018年4月選考科目物理試題【答案】 C【解析】升降機先做加速運動,后做勻速運動,最后做減速運動,在加速階段,所需時間,通過的位移為,在減速階段與加速階段相同,在勻速階段所需時間為:,總時間為:,故C正確,A、B、D錯誤;故選C?!军c睛】升降機先做加速運動,后做勻速運動,最后做減速運動,根據(jù)速度位移公式和速度時間公式求得總時間。二、非選擇題1、在用“落體法”做“驗證機械能守恒定律”的實驗時,小明選擇一條較為滿意的紙帶,如圖甲所示他舍棄前面密集的點,以O(shè)為起點,從A點開始選取紙帶上連續(xù)點A、B、C、測出O到A、B、C、的距離分別為h1、h2、h3、電源的頻率為f.(1)(多選)實驗過程中,下列說法正確的是_A選用質(zhì)量大體積小的重錘B安裝打點計時器使兩限位孔在同一豎直線上C釋放紙帶前,手應(yīng)提紙帶上端并使紙帶豎直D重錘下落中手始終提住紙帶上端,保持紙帶豎直(2)小明通過實驗測得數(shù)據(jù)(有阻力的影響),畫出的v2h圖象如圖乙所示已知直線斜率為k,則當?shù)刂亓铀俣萭_(填“”“”或“”).(3)另有四位同學(xué)在圖乙的基礎(chǔ)上,畫出沒有阻力時的v2h圖線,并與其比較,其中正確的是_解析:(1)為減小空氣阻力對實驗的影響,應(yīng)選用質(zhì)量大而體積小的重錘,選項A正確;為減小限位孔對紙帶的摩擦力,安裝打點計時器時應(yīng)使兩限位孔在同一豎直線上,選項B正確;釋放紙帶前手應(yīng)提紙帶上端并使紙帶豎直,可減小阻力,選項C正確;重錘下落的過程中,手不能拉著紙帶,選項D錯誤(2)根據(jù)動能定理得F合hmv2mv,解得v2hv,由于直線的斜率為k,則k,重錘下落的過程中受阻力作用,F(xiàn)合mgfmg,由以上兩式解得k2g,解得g.(3)不論有無阻力,釋放點的位置相同,即初速度為零時,兩圖線必交于橫軸的同一點,選項B正確,ACD錯誤答案:(1)ABC(2)(3)B6
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