2019年高考物理一輪選練編題(含解析)(打包11套)新人教版.zip
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人教版物理2019年高考一輪選練編題(5)李仕才一、選擇題1、一列有8節(jié)車廂的動車組列車,沿列車前進方向看,每兩節(jié)車廂中有一節(jié)自帶動力的車廂(動車)和一節(jié)不帶動力的車廂(拖車).該動車組列車在水平鐵軌上勻加速行駛時,設每節(jié)動車的動力裝置均提供大小為F的牽引力,每節(jié)車廂所受的阻力均為f,每節(jié)車廂總質(zhì)量均為m,則第4節(jié)車廂與第5節(jié)車廂水平連接裝置之間的相互作用力大小為(A)A.0B.2FC.2(F-f)D.2(F-2f)解析:以整體為研究對象,由牛頓第二定律4F-8f=8ma,以后4節(jié)車廂為研究對象,由牛頓第二定律F45+2F-4f=4ma,解得F45=0,選項A正確.2、自行車和汽車同時駛過平直公路上的同一地點,此后其運動的vt圖象如圖所示,自行車在t50 s時追上汽車,則()A汽車的位移為100 mB汽車的運動時間為20 sC汽車的加速度大小為0.25 m/s2D汽車停止運動時,二者間距最大解析:選C.t0時刻自行車和汽車位于同一地點,自行車在t50 s時追上汽車,兩者的位移相等,由圖線與時間軸包圍的面積表示位移求出自行車的位移,從而得到汽車的位移根據(jù)平均速度公式求汽車運動的時間,由速度公式求加速度通過分析兩者速度關系分析何時間距最大汽車的位移等于自行車的位移xv自t450 m200 m,故A錯誤;設汽車運動時間為t,則有xt,得t s40 s,故B錯誤;汽車的加速度大小為a m/s20.25 m/s2,故C正確;在兩者速度相等前,汽車的速度大于自行的速度,汽車在自行車的前方,兩者間距增大,速度相等后,汽車的速度小于自行車的速度,汽車仍在自行車的前方,兩者間距減小,所以兩者速度相等時間距最大,故D錯誤3、頻閃照相是每隔相等時間曝光一次的照相方法,在同一張相片上記錄運動物體在不同時刻的位置。如圖所示是小球在豎直方向運動過程中拍攝的頻閃照片,相機的頻閃周期為T, 利用刻度尺測量相片上2、3、4、5 與1 位置之間的距離分別為x1、x2、x3、x4。下列說法正確的是( ) A小球一定處于下落狀態(tài) B小球在2位置的速度大小為 C小球的加速度大小為 D頻閃照相法可用于驗證機械能守恒定律【答案】D4、如圖所示,在豎直面內(nèi)固定一光滑的硬質(zhì)桿ab,桿與水平面的夾角為,在桿的上端a處套一質(zhì)量為m的圓環(huán),圓環(huán)上系一輕彈簧,彈簧的另一端固定在與a處在同一水平線上的O點,O、b兩點處在同一豎直線上由靜止釋放圓環(huán)后,圓環(huán)沿桿從a運動到b,在圓環(huán)運動的整個過程中,彈簧一直處于伸長狀態(tài),則下列說法正確的是()A圓環(huán)的機械能保持不變B彈簧對圓環(huán)一直做負功C彈簧的彈性勢能逐漸增大D圓環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒解析:選D.由幾何關系可知,當環(huán)與O點的連線與桿垂直時,彈簧的長度最短,彈簧的彈性勢能最小,如圖,所以在環(huán)從a到C的過程中彈簧對環(huán)做正功,彈簧的彈性勢能減小,環(huán)的機械能增大,而從C到b的過程中,彈簧對環(huán)做負功,彈簧的彈性勢能增大,環(huán)的機械能減小,故A、B、C錯誤;在整個的過程中只有圓環(huán)的重力和彈簧的彈力做功,所以圓環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒,故D正確5、煙霧探測器使用了一種半衰期為432年的放射性元素镅Am來探測煙霧.當正??諝夥肿哟┻^探測器時,镅Am會釋放出射線將它們電離,從而產(chǎn)生電流.煙塵一旦進入探測腔內(nèi),煙塵中的微粒會吸附部分射線,導致電流減小,從而觸發(fā)警報.則下列說法正確的是(AC)A.镅Am發(fā)出的是射線B.镅Am發(fā)出的是射線C.0.2 mg的镅Am經(jīng)864年將衰變掉0.15 mgD.發(fā)生火災時,由于溫度升高,會使镅Am的半衰期減小解析:镅Am會釋放出射線將空氣電離,從而產(chǎn)生電流,則镅Am發(fā)出的是射線,選項A正確,B錯誤;0.2 mg的镅Am經(jīng)864年(2個半衰期)將衰變掉0.15 mg,選項C正確;發(fā)生火災時,溫度升高,不會使镅Am的半衰期減小,選項D錯誤.6、我國自主研發(fā)制造的國際熱核聚變核心部件在國際上率先通過權(quán)威機構(gòu)認證,這是我國對國際熱核聚變項目的重大貢獻下列核反應方程中屬于聚變反應的是()A.HHHenB.NHeOHC.HeAlPnD.UnBaKr3n解析:選A.HHHen是核聚變反應方程,A正確;NHeOH是原子核的人工轉(zhuǎn)變反應方程,B錯誤;HeAlPn是居里夫婦發(fā)現(xiàn)人工放射性的核反應方程,C錯誤;UnBaKr3n是鈾核裂變的反應方程,D錯誤7、如圖所示,平行板電容器與電動勢為E的直流電源(內(nèi)阻不計)連接,下極板接地,靜電計所帶電荷量很少,可被忽略一帶負電油滴被固定于電容器中的P點現(xiàn)將平行板電容器的下極板豎直向下移動一小段距離,則下列說法中正確的是() A平行板電容器的電容將變小B靜電計指針張角變小C帶電油滴的電勢能將減少D若先將上極板與電源正極的導線斷開,再將下極板向下移動一小段距離,則帶電油滴所受電場力不變【答案】ACD到上極板的距離,又因為油滴帶負電,所以其電勢能將減少,選項C正確;若先將上極板與電源正極的導線斷開,再將下極板向下移動一小段距離,則電容器的電荷量Q不變,極板間距d變大,根據(jù)QCU,E和C可知E,可見,極板間電場強度E不變,所以帶電油滴所受電場力不變,選項D正確8、(多選)如圖所示為一個質(zhì)點運動的位移x隨時間t變化的圖象,由此可知質(zhì)點在04s內(nèi)()A. 先沿x軸正方向運動,后沿x軸負方向運動B. 一直做勻變速運動C. t=2s時速度一定最大D. 速率為5m/s的時刻有兩個【來源】江蘇省南京市南京師范大學附屬中學2018屆高三5月模擬考試理科綜合物理試題【答案】 CD二、非選擇題1足夠長光滑斜面BC的傾角53,小物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)0.5,水平面與斜面之間在B點有一小段弧形連接,一質(zhì)量m2 kg的小物塊靜止于A點現(xiàn)用與水平方向成53角的恒力F拉小物塊,如圖所示,小物塊經(jīng)t14 s到達B點,并迅速撤去拉力F,A、B兩點相距x14 m(已知sin 530.8,cos 530.6,g取10 m/s2)求:(1)恒力F的大??;(2)小物塊從B點沿斜面向上運動的最大距離x2;(3)小物塊停止運動時到B點的距離x3.解析:(1)AB段加速度a10.5 m/s2根據(jù)牛頓第二定律,有Fcos (mgFsin )ma1解得F N11 N.(2)到達B點時,小物塊的速度va1t12 m/s在BC段的加速度a2gsin 538 m/s2由v22a2x2得x2 m0.25 m.(3)小物塊從B向A運動過程中,由mgma3,解得a3g5 m/s2滑行的位移x3 m0.4 m,小物塊停止運動時,離B點的距離為0.4 m.答案:(1)11 N(2)0.25 m(3)0.4 m2一圓筒的橫截面如圖所示,其圓心為O.筒內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強磁場,磁感應強度為B.圓筒下面有相距為d的平行金屬板M、N,其中M板帶正電荷,N板帶等量負電荷質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子自M板邊緣的P處由靜止釋放,經(jīng)N板的小孔S以速度v沿半徑SO方向射入磁場中粒子與圓筒發(fā)生兩次碰撞后仍從S孔射出,設粒子與圓筒碰撞過程中沒有動能損失,且電荷量保持不變,在不計重力的情況下,求:(1)M、N間電場強度E的大?。?2)圓筒的半徑R;(3)保持M、N間電場強度E不變,僅將M板向上平移d,粒子仍從M板邊緣的P處由靜止釋放,粒子自進入圓筒至從S孔射出期間,與圓筒的碰撞次數(shù)n.解析:(1)設兩板間的電壓為U,由動能定理得qUmv2由勻強電場中電勢差與電場強度的關系得UEd聯(lián)立式可得E (2)粒子進入磁場后做勻速圓周運動,運用幾何關系作出圓心為O,圓半徑為r.設第一次碰撞點為A,由于粒子與圓筒發(fā)生兩次碰撞又從S孔射出,因此,SA弧所對的圓心角AOS等于.由幾何關系得rR tan 粒子運動過程中洛倫茲力充當向心力,由牛頓第二定律,得qvBm聯(lián)立式得R(3)保持M、N間電場強度E不變,M板向上平移d后,設板間電壓為U,則U設粒子進入S孔時的速度為v,由式看出綜合式可得vv設粒子做圓周運動的半徑為r,則r設粒子從S到第一次與圓筒碰撞期間的軌跡所對圓心角為,比較兩式得到rR,可見粒子須經(jīng)過四個這樣的圓弧才能從S孔射出,故n3答案:(1)(2)(3)37
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編號:4049369
類型:共享資源
大?。?span id="24d9guoke414" class="font-tahoma">2.72MB
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