2019年高考物理一輪選練編題(含解析)(打包11套)新人教版.zip
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人教版物理2019年高考一輪選練編題(6)李仕才一、選擇題1、甲、乙兩物體從同一地點(diǎn)同時(shí)開始沿同一方向運(yùn)動(dòng),甲物體運(yùn)動(dòng)的vt圖象為兩段直線,乙物體運(yùn)動(dòng)的vt圖象為兩段半徑相同的圓弧曲線,如圖所示圖中t42t2,則在0t4時(shí)間內(nèi),下列說法正確的是()A甲物體的加速度不變B乙物體做曲線運(yùn)動(dòng)C兩物體t1時(shí)刻相距最遠(yuǎn),t4時(shí)刻相遇D甲物體的平均速度等于乙物體的平均速度解析:選D.0t2時(shí)間段內(nèi),甲做勻加速直線運(yùn)動(dòng),t2t4時(shí)間內(nèi)甲物體做勻減速直線運(yùn)動(dòng),故A錯(cuò);速度是矢量,在速度時(shí)間圖象中,只能表示直線運(yùn)動(dòng),B錯(cuò);在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中t3時(shí)刻,兩物體相距最遠(yuǎn),C錯(cuò);在速度時(shí)間圖象中,下面所包圍的面積即為位移,可求知t4時(shí)間段內(nèi),位移相等,故平均速度相同,D對(duì)2、靜止在光滑水平面上的物體受到一個(gè)水平拉力的作用,在4 s內(nèi)該力隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖所示,則(D)A.物體將做往復(fù)運(yùn)動(dòng)B.2 s末物體的加速度最大C.2 s末物體的速度最小D.4 s內(nèi)物體的位移最大解析:02 s內(nèi)物體向正方向做勻加速運(yùn)動(dòng),24 s內(nèi)向正方向做勻減速運(yùn)動(dòng),所以2 s末物體的速度最大,由于前2 s與后2 s的加速度大小相等,所以4 s末速度為0.則4 s內(nèi)位移最大,選項(xiàng)D正確.3、(2018湖南師范大學(xué)附屬中學(xué)高三上學(xué)期第二次月考)甲乙兩輛汽車都從同一地點(diǎn)由靜止出發(fā)做加速直線運(yùn)動(dòng),加速度方向一直不變,在第一段時(shí)間間隔T內(nèi),兩輛汽車的加速度大小不變,汽車乙的加速度大小是甲的三倍,接下來,汽車甲的加速度大小增加為原來的三倍,汽車乙的加速度大小減小為原來的,則A. 在2T末時(shí),甲、乙兩車的速度相等B. 甲、乙兩車從靜止到速度相等時(shí),所經(jīng)歷的位移大小之比為3:5C. 在4T末,兩車第一次相遇,且只能相遇一次D. 在運(yùn)動(dòng)過程中,兩車能夠相遇兩次【答案】AB【解析】設(shè)汽車甲在第一段時(shí)間間隔末(時(shí)刻T)的速度為,第二段時(shí)間間隔末(時(shí)刻2T)的速度為,第一段時(shí)間間隔內(nèi)行駛的路程為,加速度為,在第二段時(shí)間間隔內(nèi)行駛的路程為,由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有, , , ; ;設(shè)汽車乙在時(shí)刻T的速度為,第二段時(shí)間間隔末(時(shí)刻2T)的速度為,在第一、二段時(shí)間間隔內(nèi)行駛的路程分別為、,同理有, , , , ;在2T末時(shí),甲、乙兩車的速度相等,故A正確;甲、乙兩車從靜止到速度相等時(shí),所經(jīng)歷的位移大小之比為3:5,故B正確;在4T末, , ,甲車在前,乙車在后,故D錯(cuò)誤;4、如圖所示,一質(zhì)量為m的小球以初動(dòng)能Ek0從地面豎直向上拋出,已知運(yùn)動(dòng)過程中受到恒定阻力fkmg作用(k為常數(shù)且滿足0k1)圖中兩條圖線分別表示小球在上升過程中動(dòng)能和重力勢能與其上升高度之間的關(guān)系(以地面為零勢能面),h0表示上升的最大高度則由圖可知,下列結(jié)論正確的是()AE1是最大勢能,且E1B上升的最大高度h0C落地時(shí)的動(dòng)能EkD在h1處,物體的動(dòng)能和勢能相等,且h1解析:選BD.因小球上升的最大高度為h0,由圖可知其最大勢能E1,又E1mgh0,得h0,A項(xiàng)錯(cuò)誤,B項(xiàng)正確由圖可知,小球上升過程中阻力做功為Ek0,因小球所受阻力恒定,且上升和下落高度相等,則小球下落過程中阻力做功為Ek0,則小球落地時(shí)的動(dòng)能EkEk0,C項(xiàng)錯(cuò)誤在h1處,小球的動(dòng)能和勢能相等,則有Ek0(mgf)h1mgh1,解得h1,D項(xiàng)正確5、中子和質(zhì)子結(jié)合成氘核,同時(shí)放出光子,核反應(yīng)方程是HnH+,以下說法正確的是(ACD)A.反應(yīng)后氘核的質(zhì)量一定小于反應(yīng)前質(zhì)子和中子的總質(zhì)量B.反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)不變,因而質(zhì)量不變C.由核子組成原子核一定向外釋放能量D.光子所具有的能量為mc2,m為反應(yīng)中的質(zhì)量虧損,c為光速解析:根據(jù)質(zhì)能方程,這個(gè)反應(yīng)釋放能量,一定發(fā)生質(zhì)量虧損,即反應(yīng)后氘核的質(zhì)量一定小于反應(yīng)前質(zhì)子和中子的總質(zhì)量,這個(gè)質(zhì)量虧損與釋放能量的關(guān)系滿足質(zhì)能方程E=mc2.由核子組成原子核一定向外釋放能量,這個(gè)能量叫原子核的結(jié)合能.反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)不變,但質(zhì)量變化,選項(xiàng)A,C,D正確.6、下表給出了一些金屬材料的逸出功現(xiàn)用波長為400 nm的單色光照射上述材料,能產(chǎn)生光電效應(yīng)的材料最多有幾種(普朗克常量h6.61034 Js,光速c3.00108 m/s)()材料銫鈣鎂鈹鈦逸出功(1019 J)3.04.35.96.26.6A.2種 B3種C4種 D5種解析:選A.光電效應(yīng)發(fā)生的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率,入射光的能量大于金屬的逸出功,光子的能量為hh,代入計(jì)算得6.61034 J4.951019 J,可以看出光子能量大于逸出功的金屬有兩種,所以A項(xiàng)正確7、(2018安徽省舒城中學(xué)期末)如圖(甲)所示,是示波器中核心部件示波管的原理圖。要想在熒光屏的屏幕上觀察到如圖(乙)所示的圖形,下列給出幾組偏轉(zhuǎn)電極、之間所加電壓隨時(shí)間變化關(guān)系,其中可能符合要求的是()A. B. C. D. 【答案】AD8、如圖,輕彈簧的下端固定在水平桌面上,上端放有物塊P,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài),現(xiàn)用一豎直向上的力F作用在P上,使其向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng),以x表示P離開靜止位置的位移,在彈簧恢復(fù)原長前,下列表示F和x之間關(guān)系的圖像可能正確的是( )A. B. C. D. 【來源】2018年全國普通高等學(xué)校招生統(tǒng)一考試物理(新課標(biāo)I卷)【答案】 A【點(diǎn)睛】牛頓運(yùn)動(dòng)定律是高中物理主干知識(shí),勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律貫穿高中物理。二、非選擇題1、如圖所示,光滑水平面上有一質(zhì)量M4.0 kg的平板車,車的上表面是一段長L1.5 m的粗糙水平軌道,水平軌道左側(cè)連一半徑R0.25 m的四分之一光滑圓弧軌道,圓弧軌道與水平軌道在點(diǎn)O處相切現(xiàn)將一質(zhì)量m1.0 kg的小物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從平板車的右端以水平向左的初速度v0滑上平板車,小物塊與水平軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.5,小物塊恰能到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)A.取g10 m/s2,求:(1)小物塊滑上平板車的初速度v0的大?。?2)小物塊與車最終相對(duì)靜止時(shí),它距點(diǎn)O的距離解析:(1)平板車和小物塊組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒,設(shè)小物塊到達(dá)圓弧軌道最高點(diǎn)A時(shí),二者的共同速度為v1由動(dòng)量守恒得:mv0(Mm)v1由能量守恒得:mv(Mm)vmgRmgL聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得:v05 m/s(2)設(shè)小物塊最終與車相對(duì)靜止時(shí),二者的共同速度為v2,從小物塊滑上平板車,到二者相對(duì)靜止的過程中,由動(dòng)量守恒得:mv0(Mm)v2設(shè)小物塊與車最終相對(duì)靜止時(shí),它距O點(diǎn)的距離為x,由能量守恒得:mv(Mm)vmg(Lx)聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得:x0.5 m.答案:(1)5 m/s(2)0.5 m2如圖所示,在無限長的豎直邊界AC和DE間,上、下部分分別充滿方向垂直于ADEC平面向外的勻強(qiáng)磁場,上部分區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B0,OF為上、下磁場的水平分界線質(zhì)量為m、帶電荷量為q的粒子從AC邊界上與O點(diǎn)相距為a的P點(diǎn)垂直于AC邊界射入上方區(qū)域,經(jīng)OF上的Q點(diǎn)第一次進(jìn)入下方區(qū)域,Q與O點(diǎn)的距離為3a.不考慮粒子重力(1)求粒子射入時(shí)的速度大小;(2)要使粒子不從AC邊界飛出,求下方區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿足的條件;(3)若下方區(qū)域的磁感應(yīng)強(qiáng)度B3B0,粒子最終垂直DE邊界飛出,求邊界DE與AC間距離的可能值解析:(1)設(shè)粒子在OF上方做圓周運(yùn)動(dòng)半徑為R,由幾何關(guān)系可知:R2(Ra)2(3a)2,R5a由牛頓第二定律可知:qvB0m,解得:v;(2)當(dāng)粒子恰好不從AC邊界飛出時(shí),設(shè)粒子在OF下方做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r1,由幾何關(guān)系得:r1r1cos 3a,cos ,所以r1,根據(jù)qvB1解得:B1,當(dāng)B1時(shí),粒子不會(huì)從AC邊界飛出(3)當(dāng)B3 B0時(shí),粒子在OF下方的運(yùn)動(dòng)半徑為:ra,設(shè)粒子的速度方向再次與射入磁場時(shí)的速度方向一致時(shí)的位置為P1,則P與P1的連線一定與OF平行,根據(jù)幾何關(guān)系知:14a;所以若粒子最終垂直DE邊界飛出,邊界DE與AC間的距離為:Ln14na(n1,2,3);答案:(1)(2)B1時(shí)粒子不會(huì)從AC邊界飛出(3)L4na(n1,2,3)7
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