高中化學(xué)一輪復(fù)習(xí) 課時(shí)跟蹤檢測(cè)1-43（打包43套） 魯教版.zip,高中化學(xué)一輪復(fù)習(xí),課時(shí)跟蹤檢測(cè)1-43打包43套,魯教版,高中化學(xué),一輪,復(fù)習(xí),課時(shí),跟蹤,檢測(cè),43,打包 課時(shí)跟蹤檢測(cè)（二十四）化學(xué)反應(yīng)的方向、限度 1．下列反應(yīng)過(guò)程中， ΔH＞0且ΔS＞0的是(　　) A．NH3(g)＋HCl(g)===NH4Cl(s) B．CaCO3(s)===CaO(s)＋CO2(g) C．4Al(s)＋3O2(g)===2Al2O3(s) D．HCl(aq)＋NaOH(aq)===NaCl(aq)＋H2O(l) 解析：選B　A是熵減的放熱反應(yīng)，C是熵減的放熱反應(yīng)，D是放熱反應(yīng)，只有B是熵增的吸熱反應(yīng)。 2．(2016·德陽(yáng)模擬)下列事實(shí)，不能用勒·夏特列原理解釋的是(　　) A．溴水中有平衡：Br2＋H2OHBr＋HBrO加入AgNO3溶液后，溶液顏色變淺 B．合成NH3反應(yīng)，為提高NH3的產(chǎn)率，理論上應(yīng)采取相對(duì)較低溫度的措施 C．高壓比常壓有利于合成SO3的反應(yīng) D．對(duì)CO(g)＋NO2(g)CO2(g)＋NO(g)平衡體系增大壓強(qiáng)可使顏色變深 解析：選D　溴水中有平衡：Br2＋H2OHBr＋HBrO加入AgNO3溶液后，生成AgBr沉淀，溴離子濃度降低，平衡向右移動(dòng)，溴的濃度降低，溶液顏色變淺，可以用勒·夏特列原理解釋，故A不符合題意；對(duì)N2(g)＋3H2(g)2NH3(g)　ΔH<0，正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，降低溫度平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，有利于氨的產(chǎn)率提高，可以用勒·夏特列原理解釋，故B不符合題意；對(duì)2SO2＋O22SO3，正反應(yīng)方向是體積減小的方向，加壓，平衡正向移動(dòng)，有利于合成SO3，可以用勒·夏特列原理解釋，故C不符合題意；對(duì)CO(g)＋NO2(g)CO2(g)＋NO(g)平衡體系增大壓強(qiáng)，平衡不移動(dòng)，二氧化氮的濃度增大，顏色變深，不能用勒·夏特列原理解釋，故D符合題意。 3．煉鐵高爐中冶煉鐵的反應(yīng)為Fe2O3(s)＋3CO(g)2Fe(s)＋3CO2(g)，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．升高溫度，反應(yīng)速率減慢 B．當(dāng)反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡時(shí)，v(正)＝v(逆)＝0 C．提高煉鐵高爐的高度可減少尾氣中CO的濃度 D．某溫度下達(dá)到平衡時(shí)，CO的體積分?jǐn)?shù)基本不變 解析：選D　A項(xiàng)，升高溫度，反應(yīng)速率加快，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，當(dāng)反應(yīng)達(dá)到化學(xué)平衡時(shí)，是動(dòng)態(tài)平衡，v(正)＝v(逆)≠0，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，提高煉鐵高爐的高度不能減少尾氣中CO的濃度，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，某溫度下達(dá)到平衡時(shí)，各物質(zhì)濃度不變，CO的體積分?jǐn)?shù)基本不變，正確。 4．(2016·廣州模擬)在1 L定容的密閉容器中，可以證明可逆反應(yīng)N2＋3H22NH3已達(dá)到平衡狀態(tài)的是(　　) A．c(N2)∶c(H2)∶c(NH3)＝1∶3∶2 B．一個(gè)N≡N斷裂的同時(shí)，有3個(gè)H—H生成 C．其他條件不變時(shí)，混合氣體的密度不再改變 D．v正(N2)＝2v逆(NH3) 解析：選B　c(N2)∶c(H2)∶c(NH3)＝1∶3∶2等于化學(xué)方程式的系數(shù)之比，但不能說(shuō)明各物質(zhì)的濃度不變，不一定為平衡狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；一個(gè)N≡N斷裂的同時(shí)，有3個(gè)H—H生成，能說(shuō)明正逆反應(yīng)速率是相等的，達(dá)到了平衡，故B正確；混合氣體的密度ρ＝，質(zhì)量在反應(yīng)前后是守恒的，體積不變，密度始終不變，所以密度不變的狀態(tài)不一定是平衡狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；v正(N2)＝2v逆(NH3)時(shí)，正逆反應(yīng)速率不相等，未達(dá)到平衡，故D錯(cuò)誤。 5．在密閉容器中，一定條件下，進(jìn)行如下反應(yīng)：NO(g)＋CO(g)N2(g)＋CO2(g)　ΔH＝ －373.2 kJ·mol－1，達(dá)到平衡后，為提高該反應(yīng)的速率和NO的轉(zhuǎn)化率，采取的正確措施是(　　) A．加催化劑同時(shí)升高溫度 　B．加催化劑同時(shí)增大壓強(qiáng) C．升高溫度同時(shí)充入N2 D．降低溫度同時(shí)增大壓強(qiáng) 解析：選B　提高反應(yīng)速率的一般做法有：①升高溫度，②增大反應(yīng)物濃度，③對(duì)有氣體參加的反應(yīng)增大壓強(qiáng)，④加入催化劑。要提高NO的轉(zhuǎn)化率，即讓平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，可采用的做法有：①降低溫度，②增大壓強(qiáng)，③增大CO的濃度等。綜合以上的分析，B正確。 6．在恒容密閉容器中通入A、B兩種氣體，在一定條件下發(fā)生反應(yīng)：2A(g)＋B(g)2C(g)　ΔH>0。達(dá)到平衡后，改變一個(gè)條件(x)，下列量(y)一定符合圖中曲線的是(　　) 選項(xiàng) x y A 通入A氣體 B的轉(zhuǎn)化率 B 加入催化劑 A的體積分?jǐn)?shù) C 增大壓強(qiáng) 混合氣體的總物質(zhì)的量 D 升高溫度 混合氣體的總物質(zhì)的量 解析：選A　A項(xiàng)，當(dāng)通入A氣體時(shí)，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，B的轉(zhuǎn)化率增大，正確；B項(xiàng)，加入催化劑只能改變反應(yīng)速率，平衡不移動(dòng)，A的體積分?jǐn)?shù)不變，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，增大壓強(qiáng)，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，混合氣體的總物質(zhì)的量減小，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，升高溫度，平衡向吸熱反應(yīng)方向移動(dòng)，混合氣體的總物質(zhì)的量減小，錯(cuò)誤。 7．(2016·綿陽(yáng)一診)一定條件下，通過(guò)下列反應(yīng)可實(shí)現(xiàn)燃煤煙氣中的硫的回收：SO2(g)＋2CO(g)2CO2(g)＋S(l)　ΔH<0。一定溫度下，在容積為2 L的恒容密閉容器中1 mol SO2和n mol CO發(fā)生反應(yīng)，5 min后達(dá)到平衡，生成2a mol CO2。下列說(shuō)法正確的是(　　) A．反應(yīng)前2 min的平均速率v(SO2)＝0.1a mol·L－1·min－1 B．當(dāng)混合氣體的物質(zhì)的量不再改變時(shí)，反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài) C．平衡后保持其他條件不變，從容器中分離出部分硫，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng) D．平衡后保持其他條件不變，升高溫度和加入催化劑，SO2的轉(zhuǎn)化率均增大 解析：選B　根據(jù)方程式可知，生成2a mol CO2的同時(shí)，消耗a mol SO2，其濃度是0.5a mol·L－1，所以反應(yīng)前5 min的平均速率v(SO2)＝0.5a mol·L－1÷5 min＝0.1a mol·L－1·min－1，故前2 min的平均速率大于0.1a mol·L－1·min－1，A不正確；根據(jù)方程式可知，該反應(yīng)是反應(yīng)前后氣體的物質(zhì)的量減小的可逆反應(yīng)，因此當(dāng)混合氣體的物質(zhì)的量不再改變時(shí)，可以說(shuō)明反應(yīng)達(dá)到平衡狀態(tài)，B正確；S是液體，改變液體的質(zhì)量，平衡不移動(dòng)，C不正確；該反應(yīng)是放熱反應(yīng)，升高溫度平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，SO2的轉(zhuǎn)化率降低，催化劑不能改變平衡狀態(tài)，轉(zhuǎn)化率不變，D不正確。 8．將NO2裝入帶有活塞的密閉容器中，當(dāng)反應(yīng)2NO2(g)N2O4(g)達(dá)到平衡后，改變某個(gè)條件，下列敘述正確的是(　　) A．升高溫度，氣體顏色加深，則此反應(yīng)為吸熱反應(yīng) B．慢慢壓縮氣體體積，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，混合氣體的顏色變淺 C．慢慢壓縮氣體體積，若體積減小一半，壓強(qiáng)增大，但小于原來(lái)的兩倍 D．恒溫恒容時(shí)，充入惰性氣體，壓強(qiáng)增大，平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，混合氣體的顏色變淺 解析：選C　升高溫度，氣體顏色加深，則平衡向逆反應(yīng)方向移動(dòng)，故正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，A錯(cuò)誤；首先假設(shè)平衡不移動(dòng)，壓縮體積，氣體顏色加深，但平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，使混合氣體的顏色在加深后的基礎(chǔ)上變淺，但一定比原平衡的顏色深，B錯(cuò)誤；同理C項(xiàng)，首先假設(shè)平衡不移動(dòng)，若體積減小一半，則壓強(qiáng)變?yōu)樵瓉?lái)的兩倍，但平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng)，使壓強(qiáng)在原平衡兩倍的基礎(chǔ)上減小，正確；體積不變，反應(yīng)物及生成物濃度不變，所以正、逆反應(yīng)速率均不變，平衡不移動(dòng)，顏色無(wú)變化，D錯(cuò)誤。 9．在一密閉容器中，反應(yīng)aA(g)bB(g)＋cC(g)達(dá)到平衡后，保持溫度不變，將容器體積增加一倍，最終測(cè)得A的物質(zhì)的量的濃度變?yōu)樵瓉?lái)的50%，則(　　) A．平衡向正反應(yīng)方向移動(dòng) B．a(chǎn)>b＋c C．物質(zhì)B的質(zhì)量分?jǐn)?shù)增大 D．以上判斷都錯(cuò)誤 解析：選D　反應(yīng)達(dá)平衡后，保持溫度不變，將容器體積增加一倍，最終測(cè)得A的物質(zhì)的量的濃度變?yōu)樵瓉?lái)的一半，說(shuō)明減小壓強(qiáng)，平衡沒(méi)有發(fā)生移動(dòng)，即a＝b＋c，由于平衡不發(fā)生移動(dòng)，故物質(zhì)B的質(zhì)量分?jǐn)?shù)不變，D項(xiàng)符合題意。 10．(2015·江蘇高考改編)在體積均為1.0 L的兩恒容密閉容器中加入足量的相同的碳粉，再分別加入0.1 mol CO2和0.2 mol CO2，在不同溫度下反應(yīng)CO2(g)＋C(s)2CO(g)達(dá)到平衡，平衡時(shí)CO2的物質(zhì)的量濃度c(CO2)隨溫度的變化如右圖所示(圖中Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ 點(diǎn)均處于曲線上)。下列說(shuō)法正確的是(　　) A．反應(yīng)CO2(g)＋C(s)===2CO(g)的ΔS>0、ΔH<0 B．體系的總壓強(qiáng)p總：p總(狀態(tài)Ⅱ)>2p總(狀態(tài)Ⅰ) C．體系中c(CO)：c(CO，狀態(tài)Ⅱ)>2c(CO，狀態(tài)Ⅲ) D．逆反應(yīng)速率v逆：v逆(狀態(tài)Ⅰ)>v逆(狀態(tài)Ⅲ) 解析：選B　A選項(xiàng)，由圖像知，溫度越高，二氧化碳的量越少，所以該反應(yīng)的正反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，即ΔH＞0，所以錯(cuò)誤。B選項(xiàng)，設(shè)狀態(tài)Ⅰ和狀態(tài)Ⅱ時(shí)二氧化碳的物質(zhì)的量濃度為x，則狀態(tài)Ⅰ時(shí)容器內(nèi)一氧化碳?xì)怏w的物質(zhì)的量為2(1－x)，即此時(shí)該容器中氣體的物質(zhì)的量之和為x＋2(1－x)＝2－x；狀態(tài)Ⅱ時(shí)容器內(nèi)一氧化碳的物質(zhì)的量為2(2－x)，即此時(shí)該容器中氣體的物質(zhì)的量為x＋2(2－x)＝4－x＝2(2－)，因此p總(狀態(tài)Ⅱ)＞2p總(狀態(tài)Ⅰ)，所以正確。C選項(xiàng)，狀態(tài)Ⅱ相當(dāng)于狀態(tài)Ⅲ體積縮小一半后的狀態(tài)，如果體積縮小一半，平衡不移動(dòng)，則c(CO，狀態(tài)Ⅱ)＝2c(CO，狀態(tài)Ⅲ)，但體積壓縮的過(guò)程中，平衡向左移動(dòng)，因此c(CO，狀態(tài)Ⅱ)＜2c(CO，狀態(tài)Ⅲ)，所以錯(cuò)誤。D選項(xiàng)，狀態(tài)Ⅲ的溫度比狀態(tài)Ⅰ的溫度高，溫度高反應(yīng)速率快，因此v逆(狀態(tài)Ⅰ)＜v逆(狀態(tài)Ⅲ)，所以錯(cuò)誤。 11．(2016·淄博二模)將0.40 mol N2O4氣體充入2 L固定容積的密閉容器中發(fā)生如下反應(yīng)：N2O4(g)2NO2(g)　ΔH。在T1 ℃和T2 ℃時(shí)，測(cè)得NO2的物質(zhì)的量隨時(shí)間變化如圖所示： (1)T1 ℃時(shí)，40 s～80 s內(nèi)用N2O4表示該反應(yīng)的平均反應(yīng)速率為_(kāi)_______ mol·L－1·s－1。 (2)ΔH________0(填“>”“<”或“＝”)。 (3)改變條件重新達(dá)到平衡時(shí)，要使的比值變小，可采取的措施有________(填字母)。 a．增大N2O4的起始濃度 b．升高溫度 c．向混合氣體中通入NO2 d．使用高效催化劑 解析：(1)T1 ℃時(shí)，40 s～80 s內(nèi)二氧化氮的物質(zhì)的量從0.40 mol變?yōu)?.60 mol，則用二氧化氮表示該時(shí)間段的平均反應(yīng)速率為v(NO2)＝＝0.002 5 mol·L－1·s－1，化學(xué)反應(yīng)速率與化學(xué)系數(shù)成正比，則v(N2O4)＝v(NO2)＝0.001 25 mol·L－1·s－1； (2)根據(jù)圖像曲線變化可知，T1 ℃時(shí)反應(yīng)速率大于T2 ℃，則溫度大小為T(mén)1 ℃>T2 ℃，而在T2 ℃達(dá)到平衡時(shí)二氧化氮的物質(zhì)的量小于T1 ℃，說(shuō)明升高溫度，平衡向著正向移動(dòng)，則該反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，ΔH>0； (3)a.增大N2O4的起始濃度，相當(dāng)于增大了壓強(qiáng)，平衡向著逆向移動(dòng)，則的比值變小，故a正確； b．該反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，升高溫度，平衡向著正向移動(dòng)，則二氧化氮濃度增大、四氧化二氮濃度減小，故該比值增大，故b錯(cuò)誤； c．向混合氣體中通入NO2，相當(dāng)于增大了壓強(qiáng)，平衡向著逆向移動(dòng)，二氧化氮濃度減小、四氧化二氮濃度增大，該比值減小，故c正確； d．使用高效催化劑，對(duì)化學(xué)平衡不影響，則該比值不變，故d錯(cuò)誤。 答案：(1)0.001 25　(2)>　(3)ac 12．(2015·山東高考·節(jié)選)合金貯氫材料具有優(yōu)異的吸放氫性能，在配合氫能的開(kāi)發(fā)中起著重要作用。 (1)一定溫度下，某貯氫合金(M)的貯氫過(guò)程如圖所示，縱軸為平衡時(shí)氫氣的壓強(qiáng)(p)，橫軸表示固相中氫原子與金屬原子的個(gè)數(shù)比(H/M)。 在OA段，氫溶解于M中形成固溶體MHx，隨著氫氣壓強(qiáng)的增大，H/M逐漸增大；在AB段，MHx與氫氣發(fā)生氫化反應(yīng)生成氫化物MHy，氫化反應(yīng)方程式為zMHx(s)＋H2(g)zMHy(s)　ΔH1(Ⅰ)；在B點(diǎn)，氫化反應(yīng)結(jié)束，進(jìn)一步增大氫氣壓強(qiáng)，H/M幾乎不變。反應(yīng)(Ⅰ)中z＝________(用含x和y的代數(shù)式表示)。溫度為T(mén)1時(shí)，2 g某合金4 min內(nèi)吸收氫氣240 mL，吸氫速率v＝________mL·g－1·min－1。反應(yīng)(Ⅰ)的焓變?chǔ)1________ 0(填“＞”“＝”或“＜”)。 (2)η表示單位質(zhì)量貯氫合金在氫化反應(yīng)階段的最大吸氫量占其總吸氫量的比例，則溫度為T(mén)1、T2時(shí)，η(T1)______η(T2)(填“＞”“＝”或“＜”)。當(dāng)反應(yīng)(Ⅰ)處于圖中a點(diǎn)時(shí)，保持溫度不變，向恒容體系中通入少量氫氣，達(dá)平衡后反應(yīng)(Ⅰ)可能處于圖中的________點(diǎn)(填“b”“c”或“d”)，該貯氫合金可通過(guò)________或________的方式釋放氫氣。 解析：(1)在反應(yīng)(Ⅰ)中，zMHx(s)＋H2(g)zMHy(s)，由方程式兩邊氫原子個(gè)數(shù)守恒得zx＋2＝zy，z＝；溫度為T(mén)1時(shí)，2 g某合金4 min內(nèi)吸收氫氣240 mL，吸氫速率v＝＝30 mL·g－1·min－1。因?yàn)門(mén)1＜T2，溫度升高，H2的壓強(qiáng)增大，由平衡移動(dòng)原理知，平衡向吸熱方向移動(dòng)，反應(yīng)(Ⅰ)的逆反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，則正反應(yīng)為放熱反應(yīng)，所以ΔH1＜0。 (2)結(jié)合圖像分析知，隨著溫度升高，反應(yīng)(Ⅰ)向左移動(dòng)，H2壓強(qiáng)增大，故η隨著溫度升高而降低，所以η(T1)＞η(T2)；當(dāng)反應(yīng)處于圖中a點(diǎn)時(shí)，保持溫度不變，向恒容體系中通入少量H2，H2壓強(qiáng)增大，H/M逐漸增大，由圖像可知，氣體壓強(qiáng)在B點(diǎn)以前是不改變的，故反應(yīng)(Ⅰ)可能處于圖中的c點(diǎn)；該貯氫合金要釋放氫氣，應(yīng)該使反應(yīng)(Ⅰ)左移，根據(jù)平衡移動(dòng)原理，可以通過(guò)升高溫度或減小壓強(qiáng)的方式使反應(yīng)向左移動(dòng)。 答案：(1)　30　＜　(2)＞　c　加熱　減壓 13．(2015·北京高考)氫能是一種極具發(fā)展?jié)摿Φ那鍧嵞茉?。以太?yáng)能為熱源，熱化學(xué)硫碘循環(huán)分解水是一種高效、無(wú)污染的制氫方法。其反應(yīng)過(guò)程如下圖所示： (1)反應(yīng)Ⅰ的化學(xué)方程式是_______________________________________________。 (2)反應(yīng)Ⅰ得到的產(chǎn)物用I2進(jìn)行分離。該產(chǎn)物的溶液在過(guò)量I2的存在下會(huì)分成兩層——含低濃度I2的H2SO4層和含高濃度I2的HI層。 ①根據(jù)上述事實(shí)，下列說(shuō)法正確的是______(選填序號(hào))。 a．兩層溶液的密度存在差異 b．加I2前，H2SO4溶液和HI溶液不互溶 c．I2在HI溶液中比在H2SO4溶液中易溶 ②辨別兩層溶液的方法是__________________________________________________。 ③經(jīng)檢測(cè)，H2SO4層中c(H＋)∶c(SO)＝2.06∶1，其比值大于2的原因是 ________________________________________________________________________。 (3)反應(yīng)Ⅱ： 2H2SO4(l)===2SO2(g)＋O2(g)＋2H2O(g) ΔH＝＋550 kJ·mol－1 它由兩步反應(yīng)組成： ⅰ.H2SO4(l)===SO3(g)＋H2O(g) ΔH＝＋177 kJ·mol－1； ⅱ.SO3(g)分解。 L(L1，L2)，X可分別代表壓強(qiáng)或溫度。右圖表示L一定時(shí)，ⅱ中SO3(g)的平衡轉(zhuǎn)化率隨X的變化關(guān)系。 ①X代表的物理量是________。 ②判斷L1、L2的大小關(guān)系，并簡(jiǎn)述理由____________ ____________________________________________。 解析：(1)由圖知反應(yīng)Ⅰ中的反應(yīng)物為SO2、H2O、I2，生成物為H2SO4、HI，故反應(yīng)的化學(xué)方程式為SO2＋I(xiàn)2＋2H2O===H2SO4＋2HI。 (2)①H2SO4和HI溶液是互溶的，加入I2后溶液才分成兩層，H2SO4層含I2量低，HI層含I2量高，則I2在HI溶液中比在H2SO4溶液中易溶；溶液能分為兩層，則兩層溶液的密度一定不同，故a、c正確。 ②I2在兩層溶液中的溶解能力差別較大，故可直接用觀察顏色的方法來(lái)進(jìn)行辨別，顏色深的是HI層，顏色淺的是H2SO4層。 ③H2SO4層中含有少量的HI，HI===H＋＋I(xiàn)－，使H2SO4層中c(H＋)大于2c(SO)。 (3)已知：2H2SO4(l)===2SO2(g)＋O2(g)＋2H2O(g) ΔH＝＋550 kJ·mol－1，H2SO4(l)===SO3(g)＋H2O(g) ΔH＝＋177 kJ·mol－1。根據(jù)蓋斯定律可得：2SO3(g)===2SO2(g)＋O2(g)　ΔH＝＋196 kJ·mol－1。圖像中SO3的平衡轉(zhuǎn)化率隨X的增大而減小，則X應(yīng)為壓強(qiáng)，則L代表溫度；該反應(yīng)為吸熱反應(yīng)，依據(jù)勒·夏特列原理知當(dāng)壓強(qiáng)一定時(shí)，溫度升高，平衡轉(zhuǎn)化率增大，因此L1＜L2。 答案：(1)SO2＋I(xiàn)2＋2H2O===H2SO4＋2HI (2)①a、c ②觀察顏色，顏色深的是HI層，顏色淺的是H2SO4層 ③H2SO4層中含有少量HI (3)①壓強(qiáng)?、贚1＜L2；SO3(g)分解的熱化學(xué)方程式：2SO3(g)===2SO2(g)＋O2(g)　ΔH＝＋196 kJ·mol－1，當(dāng)壓強(qiáng)一定時(shí)，溫度升高，平衡轉(zhuǎn)化率增大 6