2017_2018學(xué)年高中物理第3章動(dòng)能的變化與機(jī)械功教學(xué)案（打包6套）滬科版.zip,2017,_2018,學(xué)年,高中物理,章動(dòng),變化,機(jī)械功,教學(xué),打包,滬科版 3.3　動(dòng)能定理的應(yīng)用 [學(xué)習(xí)目標(biāo)]　1.能靈活運(yùn)用合力做功的兩種求法.2.會(huì)用動(dòng)能定理分析變力做功、曲線運(yùn)動(dòng)以及多過程問題.3.熟悉應(yīng)用動(dòng)能定理的步驟，領(lǐng)會(huì)應(yīng)用動(dòng)能定理解題的優(yōu)越性. 一、研究汽車的制動(dòng)距離 應(yīng)用動(dòng)能定理分析問題，只需考慮物體初、末狀態(tài)的動(dòng)能與所做的功，而不必考慮物體的加速度和時(shí)間，因而往往比用牛頓運(yùn)動(dòng)定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律更簡便. 例1　質(zhì)量為m的汽車正以速度v0運(yùn)動(dòng)，司機(jī)踩下剎車閘，經(jīng)過位移s后汽車停止運(yùn)動(dòng)，若阻力為f，則汽車的制動(dòng)距離與汽車的初速度的關(guān)系如何？ 答案　 解析　由動(dòng)能定理得：－fs＝0－mv 得：s＝ (1)在f一定的情況下：s∝mv，即初動(dòng)能越大，位移s越大. (2)對(duì)于給定汽車(m一定)，若f相同，則s∝v，即初速度越大，位移s就越大.若水平路面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ一定，則s＝＝. 二、合力做功與動(dòng)能變化 1.合力做功的求法 (1)一般方法：W合＝W1＋W2＋…(即合力做的功等于各力對(duì)物體做功的代數(shù)和).對(duì)于多過程問題總功的計(jì)算必須用此方法. (2)多個(gè)恒力同時(shí)作用下的勻變速運(yùn)動(dòng)：W合＝F合scos α. 2.合力做功與動(dòng)能的變化的關(guān)系 合力做功與動(dòng)能的變化滿足動(dòng)能定理，其表達(dá)式有兩種： (1)W1＋W2＋…＝ΔEk. (2)W合＝ΔEk. 例2　如圖1所示，利用斜面從貨車上卸貨，每包貨物的質(zhì)量m＝20 kg，斜面傾角α＝37°，斜面的長度s＝0.5 m，貨物與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，求貨物由靜止開始滑到底端的動(dòng)能.(取g＝10 m/s2) 圖1 答案　見解析 解析　方法一　斜面上的貨物受到重力G、斜面支持力N和摩擦力f共三個(gè)力的作用，如圖所示.貨物位移的方向沿斜面向下.可以用正交分解法，將貨物所受的重力分解到與斜面平行的方向和與斜面垂直的方向. 可以看出，三個(gè)力中重力和摩擦力對(duì)貨物做功，而斜面支持力對(duì)貨物沒有做功. 其中重力G對(duì)貨物做正功W1＝mgssin 37°＝20×10×0.5×0.6 J＝60 J 支持力N對(duì)貨物沒有做功，W2＝0 摩擦力f對(duì)貨物做負(fù)功W3＝(μmgcos 37°)scos 180°＝－0.2×20×10×0.8×0.5 J＝－16 J 所以，合外力做的總功為W＝W1＋W2＋W3＝(60＋0－16) J＝44 J 由動(dòng)能定理W＝Ek2－Ek1(其中Ek1＝0)知貨物滑到底端的動(dòng)能Ek2＝W＝44 J. 方法二　若先計(jì)算合外力再求功，則合外力做的功 W＝F合s＝(mgsin 37°－μmgcos 37°)s＝(20×10×0.6－0.2×20×10×0.8)×0.5 J＝44 J 同樣可以得到貨物到底端時(shí)的動(dòng)能Ek2＝44 J 三、利用動(dòng)能定理求變力的功 1.動(dòng)能定理不僅適用于求恒力做功，也適用于求變力做功，同時(shí)因?yàn)椴簧婕白兞ψ饔玫倪^程分析，應(yīng)用非常方便. 2.利用動(dòng)能定理求變力的功是最常用的方法，當(dāng)物體受到一個(gè)變力和幾個(gè)恒力作用時(shí)，可以用動(dòng)能定理間接求變力做的功，即W變＋W其他＝ΔEk. 例3　如圖2所示，質(zhì)量為m的小球自由下落d后，沿豎直面內(nèi)的固定軌道ABC運(yùn)動(dòng)，AB是半徑為d的光滑圓弧，BC是直徑為d的粗糙半圓弧(B是軌道的最低點(diǎn)).小球恰能通過圓弧軌道的最高點(diǎn)C.重力加速度為g，求： 圖2 (1)小球運(yùn)動(dòng)到B處時(shí)對(duì)軌道的壓力大小. (2)小球在BC運(yùn)動(dòng)過程中，摩擦力對(duì)小球做的功. 答案　(1)5mg　(2)－mgd 解析　(1)小球下落到B點(diǎn)的過程由動(dòng)能定理得2mgd＝mv2，在B點(diǎn)：N－mg＝m， 得：N＝5mg，根據(jù)牛頓第三定律：N′＝ N＝5mg. (2)在C點(diǎn)，mg＝m.小球從B運(yùn)動(dòng)到C的過程： mv－mv2＝－mgd＋Wf，得Wf＝－mgd. 針對(duì)訓(xùn)練　如圖3所示，某人利用跨過定滑輪的輕繩拉質(zhì)量為10 kg的物體.定滑輪的位置比A點(diǎn)高3 m.若此人緩慢地將繩從A點(diǎn)拉到B點(diǎn)，且A、B兩點(diǎn)處繩與水平方向的夾角分別為37°和30°，則此人拉繩的力做了多少功？(g取10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，不計(jì)滑輪的摩擦) 圖3 答案　100 J 解析　取物體為研究對(duì)象，設(shè)繩的拉力對(duì)物體做的功為W.根據(jù)題意有h＝3 m. 物體升高的高度Δh＝－. ① 對(duì)全過程應(yīng)用動(dòng)能定理W－mgΔh＝0. ② 由①②兩式聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得W＝100 J. 則人拉繩的力所做的功W人＝W＝100 J. 四、利用動(dòng)能定理分析多過程問題 一個(gè)物體的運(yùn)動(dòng)如果包含多個(gè)運(yùn)動(dòng)階段，可以選擇分段或全程應(yīng)用動(dòng)能定理. (1)分段應(yīng)用動(dòng)能定理時(shí)，將復(fù)雜的過程分割成一個(gè)個(gè)子過程，對(duì)每個(gè)子過程的做功情況和初、末動(dòng)能進(jìn)行分析，然后針對(duì)每個(gè)子過程應(yīng)用動(dòng)能定理列式，然后聯(lián)立求解. (2)全程應(yīng)用動(dòng)能定理時(shí)，分析整個(gè)過程中出現(xiàn)過的各力的做功情況，分析每個(gè)力做的功，確定整個(gè)過程中合外力做的總功，然后確定整個(gè)過程的初、末動(dòng)能，針對(duì)整個(gè)過程利用動(dòng)能定理列式求解. 當(dāng)題目不涉及中間量時(shí)，選擇全程應(yīng)用動(dòng)能定理更簡單，更方便. 注意：當(dāng)物體運(yùn)動(dòng)過程中涉及多個(gè)力做功時(shí)，各力對(duì)應(yīng)的位移可能不相同，計(jì)算各力做功時(shí)，應(yīng)注意各力對(duì)應(yīng)的位移.計(jì)算總功時(shí)，應(yīng)計(jì)算整個(gè)過程中出現(xiàn)過的各力做功的代數(shù)和. 例4　如圖4所示，右端連有一個(gè)光滑弧形槽的水平桌面AB長L＝1.5 m，一個(gè)質(zhì)量為m＝0.5 kg的木塊在F＝1.5 N的水平拉力作用下，從桌面上的A端由靜止開始向右運(yùn)動(dòng)，木塊到達(dá)B端時(shí)撤去拉力F，木塊與水平桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.2，取g＝10 m/s2.求： 圖4 (1)木塊沿弧形槽上升的最大高度(木塊未離開弧形槽)； (2)木塊沿弧形槽滑回B端后，在水平桌面上滑動(dòng)的最大距離. 答案　(1)0.15 m　(2)0.75 m 解析　(1)設(shè)木塊沿弧形槽上升的最大高度為h，木塊在最高點(diǎn)時(shí)的速度為零.從木塊開始運(yùn)動(dòng)到沿弧形槽上升的最大高度處，由動(dòng)能定理得： FL－fL－mgh＝0 其中f＝μN(yùn)＝μmg＝0.2×0.5×10 N＝1.0 N 所以h＝＝ m＝0.15 m (2)設(shè)木塊離開B點(diǎn)后沿桌面滑動(dòng)的最大距離為x.由動(dòng)能定理得： mgh－fx＝0 所以：x＝＝ m＝0.75 m 1.(用動(dòng)能定理求變力的功)如圖5所示，質(zhì)量為m的物體與水平轉(zhuǎn)臺(tái)間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，物體與轉(zhuǎn)軸相距R，物體隨轉(zhuǎn)臺(tái)由靜止開始轉(zhuǎn)動(dòng).當(dāng)轉(zhuǎn)速增至某一值時(shí)，物體即將在轉(zhuǎn)臺(tái)上滑動(dòng)，此時(shí)轉(zhuǎn)臺(tái)開始勻速轉(zhuǎn)動(dòng).設(shè)物體的最大靜摩擦力近似等于滑動(dòng)摩擦力，則在整個(gè)過程中摩擦力對(duì)物體做的功是(　　) 圖5 A.0 B.2μmgR C.2πμmgR D. 答案　D 解析　物體即將在轉(zhuǎn)臺(tái)上滑動(dòng)但還未滑動(dòng)時(shí)，轉(zhuǎn)臺(tái)對(duì)物體的最大靜摩擦力恰好提供向心力，設(shè)此時(shí)物體做圓周運(yùn)動(dòng)的線速度為v，則有μmg＝. ① 在物體由靜止到獲得速度v的過程中，物體受到的重力和支持力不做功，只有摩擦力對(duì)物體做功，由動(dòng)能定理得：W＝mv2－0. ② 聯(lián)立①②解得W＝μmgR. 2.(動(dòng)能定理的應(yīng)用)如圖6所示，物體在離斜面底端5 m處由靜止開始下滑，然后滑上與斜面平滑連接的水平面，若物體與斜面及水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為0.4，斜面傾角為37°.求物體能在水平面上滑行的距離.(g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8) 圖6 答案　3.5 m 解析　對(duì)物體在斜面上和水平面上受力分析如圖所示. 方法一　分過程列方程：設(shè)物體滑到斜面底端時(shí)的速度為v，物體下滑階段 N1＝mgcos 37°， 故f1＝μN(yùn)1＝μmgcos 37°. 由動(dòng)能定理得：mgsin 37°·l1－μmgcos 37°·l1＝mv2－0 設(shè)物體在水平面上滑行的距離為l2， 摩擦力f2＝μN(yùn)2＝μmg 由動(dòng)能定理得：－μmg·l2＝0－mv2 由以上各式可得l2＝3.5 m. 方法二　全過程列方程： mgl1sin 37°－μmgcos 37°·l1－μmg·l2＝0 得：l2＝3.5 m. 3.(動(dòng)能定理在多過程問題中的應(yīng)用)某興趣小組設(shè)計(jì)了如圖7所示的玩具軌道，其中“2008”四個(gè)等高數(shù)字用內(nèi)壁光滑的薄壁細(xì)圓管彎成，固定在豎直平面內(nèi)(所有數(shù)字均由圓或半圓組成，圓半徑比細(xì)管的內(nèi)徑大得多)，底端與水平地面相切.彈射裝置將一個(gè)小物體(可視為質(zhì)點(diǎn))以va＝5 m/s的水平初速度由a點(diǎn)彈出，從b點(diǎn)進(jìn)入軌道，依次經(jīng)過“8002”后從p點(diǎn)水平拋出.小物體與地面ab段間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.3，不計(jì)其它機(jī)械能損失.已知ab段長L＝1.5 m，數(shù)字“0”的半徑R＝0.2 m，小物體質(zhì)量m＝0.01 kg，g＝10 m/s2.求： 圖7 (1)小物體從p點(diǎn)拋出后的水平射程； (2)小物體經(jīng)過數(shù)字“0”的最高點(diǎn)時(shí)管道對(duì)小物體作用力的大小和方向. 答案　(1)0.8 m　(2)0.3 N　方向豎直向下 解析　(1)設(shè)小物體運(yùn)動(dòng)到p點(diǎn)時(shí)的速度大小為v，對(duì)小物體由a運(yùn)動(dòng)到p過程應(yīng)用動(dòng)能定理得： －μmgL－2mgR＝mv2－mv ① 從p點(diǎn)拋出后做平拋運(yùn)動(dòng)，由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得： 2R＝gt2 ② s＝vt ③ 聯(lián)立①②③式，代入數(shù)據(jù)解得：s＝0.8 m ④ (2)設(shè)在數(shù)字“0”的最高點(diǎn)時(shí)管道對(duì)小物體的作用力大小為F，取豎直向下為正方向 F＋mg＝ ⑤ 聯(lián)立①⑤式，代入數(shù)據(jù)解得F＝0.3 N 方向豎直向下. 課時(shí)作業(yè) 一、選擇題(1～7題為單選題，8～9題為多選題) 1.在離地面高為h處豎直上拋一質(zhì)量為m的物塊，拋出時(shí)的速度為v0，當(dāng)它落到地面時(shí)速度為v，用g表示重力加速度，則在此過程中物塊克服空氣阻力所做的功等于(　　) A.mgh－mv2－mv B.mv2－mv－mgh C.mgh＋mv－mv2 D.mgh＋mv2－mv 答案　C 解析　選取物塊從剛拋出到正好落地時(shí)的過程，由動(dòng)能定理可得： mgh－Wf克＝mv2－mv 解得：Wf克＝mgh＋mv－mv2. 2.如圖1所示，AB為圓弧軌道，BC為水平直軌道，圓弧的半徑為R，BC的長度也是R，一質(zhì)量為m的物體，與兩個(gè)軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ，當(dāng)它由軌道頂端A從靜止開始下落，恰好運(yùn)動(dòng)到C處停止，那么物體在AB段克服摩擦力所做的功為(　　) 圖1 A.μmgR B.mgR C.－mgR D.(1－μ)mgR 答案　D 解析　設(shè)物體在AB段克服摩擦力所做的功為WAB，物體從A運(yùn)動(dòng)到C的全過程，根據(jù)動(dòng)能定理， 有mgR－WAB－μmgR＝0. 所以有WAB＝mgR－μmgR＝(1－μ)mgR. 3.一質(zhì)量為m的小球，用長為l的輕繩懸掛于O點(diǎn)，小球在水平拉力F作用下，從平衡位置P點(diǎn)很緩慢地移動(dòng)到Q點(diǎn)，如圖2所示，則拉力F所做的功為(　　) 圖2 A.mglcos θ B.mgl(1－cos θ) C.Flcos θ D.Flsin θ 答案　B 解析　小球緩慢移動(dòng)，時(shí)時(shí)都處于平衡狀態(tài)，由平衡條件可知，F(xiàn)＝mgtan θ，隨著θ的增大，F(xiàn)也在增大，是一個(gè)變化的力，不能直接用功的公式求它所做的功，所以這道題要考慮用動(dòng)能定理求解.由于物體緩慢移動(dòng)，動(dòng)能保持不變，由動(dòng)能定理得：－mgl(1－cos θ)＋W＝0，所以W＝mgl(1－cos θ). 4.質(zhì)量為m的物體以初速度v0沿水平面向左開始運(yùn)動(dòng)，起始點(diǎn)A與一輕彈簧最右端O相距s，如圖3所示.已知物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，物體與彈簧相碰后，彈簧的最大壓縮量為x，則從開始碰撞到彈簧被壓縮至最短，物體克服彈簧彈力所做的功為(不計(jì)空氣阻力)(　　) 圖3 A.mv－μmg(s＋x) B.mv－μmgx C.μmgs D.μmgx 答案　A 解析　設(shè)物體克服彈簧彈力所做的功為W，則物體向左壓縮彈簧過程中，彈簧彈力對(duì)物體做功為－W，摩擦力對(duì)物體做功為－μmg(s＋x)，根據(jù)動(dòng)能定理有－W－μmg(s＋x)＝0－mv，所以W＝mv－μmg(s＋x). 5.質(zhì)量為m的小球被系在輕繩一端，在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運(yùn)動(dòng)，如圖4所示，運(yùn)動(dòng)過程中小球受到空氣阻力的作用.設(shè)某一時(shí)刻小球通過軌道的最低點(diǎn)，此時(shí)繩子的張力為7mg，在此后小球繼續(xù)做圓周運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過半個(gè)圓周恰好能通過最高點(diǎn)，則在此過程中小球克服空氣阻力所做的功是(　　) 圖4 A.mgR B.mgR C.mgR D.mgR 答案　C 解析　小球通過最低點(diǎn)時(shí)，設(shè)繩的張力為T，則 T－mg＝m，6mg＝m ① 小球恰好過最高點(diǎn)，繩子拉力為零，這時(shí)mg＝m ② 小球從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過程中，由動(dòng)能定理得 －mg·2R－Wf＝mv－mv ③ 由①②③式聯(lián)立解得Wf＝mgR，選C. 6.如圖5所示，假設(shè)在某次比賽中運(yùn)動(dòng)員從10 m高處的跳臺(tái)跳下，設(shè)水的平均阻力約為其體重的3倍，在粗略估算中，把運(yùn)動(dòng)員當(dāng)作質(zhì)點(diǎn)處理，為了保證運(yùn)動(dòng)員的人身安全，池水深度至少為(不計(jì)空氣阻力)(　　) 圖5 A.5 m B.3 m C.7 m D.1 m 答案　A 解析　設(shè)水深為h，對(duì)運(yùn)動(dòng)全程運(yùn)用動(dòng)能定理可得： mg(H＋h)－fh＝0， mg(H＋h)＝3mgh.所以h＝5 m. 7.如圖6所示，小球以初速度v0從A點(diǎn)沿粗糙的軌道運(yùn)動(dòng)到高為h的B點(diǎn)后自動(dòng)返回，其返回途中仍經(jīng)過A點(diǎn)，則經(jīng)過A點(diǎn)的速度大小為(　　) 圖6 A. B. C. D. 答案　B 解析　從A到B運(yùn)動(dòng)過程中，重力和摩擦力都做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理可得mgh＋Wf＝mv，從B到A過程中，重力做正功，摩擦力做負(fù)功(因?yàn)槭茄卦贩祷兀詢煞N情況摩擦力做功大小相等)，根據(jù)動(dòng)能定理可得mgh－Wf＝mv2，兩式聯(lián)立得再次經(jīng)過A點(diǎn)的速度為，故B正確. 8.在平直公路上，汽車由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度達(dá)到vmax后，立即關(guān)閉發(fā)動(dòng)機(jī)直至靜止，v－t圖像如圖7所示，設(shè)汽車的牽引力為F，受到的摩擦力為f，全程中牽引力做功為W1，克服摩擦力做功為W2，則(　　) 圖7 A.F∶f＝1∶3 B.W1∶W2＝1∶1 C.F∶f＝4∶1 D.W1∶W2＝1∶3 答案　BC 解析　對(duì)汽車運(yùn)動(dòng)的全過程，由動(dòng)能定理得：W1－W2＝ΔEk＝0，所以W1＝W2，選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理得Fs1－fs2＝0，由圖像知s1∶s2＝1∶4.所以F∶f＝4∶1，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)C正確. 9.如圖8所示，一個(gè)小環(huán)沿豎直放置的光滑圓環(huán)形軌道做圓周運(yùn)動(dòng).小環(huán)從最高點(diǎn)A滑到最低點(diǎn)B的過程中，線速度大小的平方v2隨下落高度h的變化圖像可能是圖中的(　　) 圖8 答案　AB 解析　對(duì)小環(huán)由動(dòng)能定理得mgh＝mv2－mv，則v2＝2gh＋v.當(dāng)v0＝0時(shí)，B正確.當(dāng)v0≠0時(shí)，A正確. 二、非選擇題 10.如圖9所示，光滑水平面AB與一半圓形軌道在B點(diǎn)相連，軌道位于豎直面內(nèi)，其半徑為R，一個(gè)質(zhì)量為m的物塊靜止在水平面上，現(xiàn)向左推物塊使其壓緊彈簧，然后放手，物塊在彈力作用下獲得一速度，當(dāng)它經(jīng)B點(diǎn)進(jìn)入半圓形軌道瞬間，對(duì)軌道的壓力為其重力的7倍，之后向上運(yùn)動(dòng)恰能完成半圓周運(yùn)動(dòng)到達(dá)C點(diǎn)，重力加速度為g.求： 圖9 (1)彈簧彈力對(duì)物塊做的功； (2)物塊從B到C克服阻力所做的功； (3)物塊離開C點(diǎn)后，再落回到水平面上時(shí)的動(dòng)能. 答案　(1)3mgR　(2)mgR　(3)mgR 解析　(1)由動(dòng)能定理得W＝mv 在B點(diǎn)由牛頓第二定律得7mg－mg＝m 解得W＝3mgR (2)物塊從B到C由動(dòng)能定理得 mv－mv＝－2mgR＋W′ 物塊在C點(diǎn)時(shí)mg＝m 解得W′＝－mgR，即物塊從B到C克服阻力做功為mgR. (3)物塊從C點(diǎn)平拋到水平面的過程中，由動(dòng)能定理得 2mgR＝Ek－mv，解得Ek＝mgR. 11.如圖10所示，一個(gè)質(zhì)量為m＝0.6 kg 的小球以初速度v0＝2 m/s從P點(diǎn)水平拋出，從粗糙圓弧ABC的A點(diǎn)沿切線方向進(jìn)入(不計(jì)空氣阻力，進(jìn)入圓弧時(shí)無動(dòng)能損失)且恰好沿圓弧通過最高點(diǎn)C，已知圓弧的圓心為O，半徑R＝0.3 m，θ＝60°，g＝10 m/s2.求： 圖10 (1)小球到達(dá)A點(diǎn)的速度vA的大小； (2)P點(diǎn)到A點(diǎn)的豎直高度H； (3)小球從圓弧A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)C的過程中克服摩擦力所做的功W. 答案　(1)4 m/s　(2)0.6 m　(3)1.2 J 解析　(1)在A點(diǎn)由速度的合成得vA＝， 代入數(shù)據(jù)解得vA＝4 m/s (2)從P點(diǎn)到A點(diǎn)小球做平拋運(yùn)動(dòng)，豎直分速度vy＝v0tan θ ① 由運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律有v＝2gH ② 聯(lián)立①②解得H＝0.6 m (3)恰好過C點(diǎn)滿足mg＝ 由A點(diǎn)到C點(diǎn)由動(dòng)能定理得－mgR(1＋cos θ)－W＝mv－mv 代入數(shù)據(jù)解得W＝1.2 J. 12.如圖11所示，繃緊的傳送帶在電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)下，始終保持v0＝2 m/s的速度勻速運(yùn)行，傳送帶與水平地面的夾角θ＝30°，現(xiàn)把一質(zhì)量m＝10 kg的工件輕輕地放在傳送帶底端，由傳送帶傳送至h＝2 m的高處.已知工件與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝，g取10 m/s2. 圖11 (1)通過計(jì)算分析工件在傳送帶上做怎樣的運(yùn)動(dòng)？ (2)工件從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)至h＝2 m高處的過程中摩擦力對(duì)工件做了多少功？ 答案　(1)工件先以2.5 m/s2的加速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)0.8 m與傳送帶達(dá)到共同速度2 m/s后做勻速直線運(yùn)動(dòng)　(2)220 J 解析　(1)工件剛放上傳送帶時(shí)受滑動(dòng)摩擦力： f＝μmgcos θ， 工件開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律： f－mgsin θ＝ma可得： a＝－gsin θ＝g(μcos θ－sin θ) ＝10× m/s2＝2.5 m/s2. 設(shè)工件經(jīng)過位移s與傳送帶達(dá)到共同速度，由勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得：s＝＝ m＝0.8 m＜＝4 m 故工件先以2.5 m/s2的加速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)0.8 m與傳送帶達(dá)到共同速度2 m/s后做勻速直線運(yùn)動(dòng). (2)在工件從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)至h＝2 m高處的過程中，設(shè)摩擦力對(duì)工件做功為Wf，由動(dòng)能定理得Wf－mgh＝mv， 可得：Wf＝mgh＋mv＝10×10×2 J＋×10×22 J＝220 J. 13