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題型一選擇題 題型分析 增分策略 自2013年開始 物理高考新課標全國卷選擇題明確分成單項選擇題和多項選擇題 這一變化使得物理選擇題的答題難度有所降低 單項選擇題只有一個選項正確 其他選項要么不符合題意 要么是錯誤的 答對率相對較高 多項選擇題有兩個或兩個以上的選項正確 只有將符合題意的答案全部選出才能得全分 少選和漏選僅得少量分數(shù) 多選和錯選則不得分 能在較大的知識范圍內 實現(xiàn)對基礎知識 基本技能和基本思想方法的考查 因而難度較大 也是失分較多的一個題型 題型分析 增分策略 一 解答選擇題一般要從以下三個方面入手1 審題干 在審題干時要注意以下三點 第一 明確選擇的方向 即題干要求是正向選擇還是逆向選擇 正向選擇一般用 什么是 包括什么 產生以上現(xiàn)象的原因 這表明 等表述 逆向選擇一般用 錯誤的是 不正確 不是 等表述 第二 明確題干的要求 即找出關鍵詞句 題眼 第三 明確題干規(guī)定的限制條件 即通過分析題干的限制條件 明確選項設定的具體范圍 層次 角度和側面 2 審選項 對所有備選選項進行認真分析和判斷 運用解答選擇題的方法和技巧 下文將有論述 將有科學性錯誤 表述錯誤或計算結果錯誤的選項排除 題型分析 增分策略 3 審題干和選項的關系 這是做好選擇題的一個重要方面 常見的選擇題中題干和選項的關系有以下幾種情形 1 選項本身正確 但與題干沒有關系 這種情況下該選項不選 2 選項本身正確 且與題干有關系 但選項與題干之間是并列關系 或選項包含題干 或題干與選項的因果關系顛倒 這種情況下的選項不選 3 選項并不是教材的原文 但意思與教材中的知識點相同或近似 或是題干所含知識的深層次表達和解釋 或是對某一正確選項的進一步解釋和說明 這種情況下的選項可選 4 單個選項只是教材中知識的一部分 不完整 但幾個選項組在一起即側面表達了一個完整的知識點 這種情況下的選項一般可選 題型分析 增分策略 二 解答 單項選擇題 最常用的方法有排除法 優(yōu)選法 比較分析法1 排除法 包括排謬 排對 排異 排重等 排謬 是把明顯錯誤的選項排除 如果題干要求選錯的就把正確的排除 排對 是把選項中一致 互相重復或能互相推出 選其一必能多選的成對選項排除 排異 是把與題意無關的選項排除 排重 是把與題干意思重復的選項排除 2 優(yōu)選法 就是利用所學的物理知識 通過分析或計算把明顯符合題意的選項選出 題型分析 增分策略 3 比較分析法 就是把結果放在一起加以比較 分析 判斷 選出正確選項 例如從求解物理量的單位 或求解物理量隨某些已知量變化的趨勢 或求解物理量在某些特殊條件下的結果等方面進行比較分析 并與預期結果 實驗結論等進行比較 從而判斷選項的合理性或正確性 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 物理學史和物理思想方法例1 多選 在物理學的重大發(fā)現(xiàn)中科學家們總結出了許多物理學方法 如理想實驗法 控制變量法 極限法 類比法 科學假設法和建立物理模型法等 以下關于物理學研究方法的敘述正確的是 A 在不需要考慮物體本身的大小和形狀時 用質點來代替物體的方法運用了假設法B 根據(jù)速度的定義式 當 t趨近于零時 就可以表示物體在t時刻的瞬時速度 該定義運用了極限法C 在實驗探究加速度與力 質量的關系時 運用了控制變量法D 在推導勻變速直線運動位移公式時 把整個運動過程等分成很多小段 然后將各小段位移相加 運用了微元法 BCD 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥本題考查了物理學思想和方法 物理中出現(xiàn)的主要思想和方法有理想模型法 微元法 等效替代法 極限法等 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練1在物理學建立 發(fā)展的過程中 許多物理學家的科學發(fā)現(xiàn)推動了人類歷史的進步 關于科學家和他們的貢獻 下列說法正確的是 A 古希臘學者亞里士多德認為物體下落的快慢由它們的重量決定 伽利略在他的 兩種新科學的對話 中利用邏輯推斷 使亞里士多德的理論陷入了困境B 伽利略發(fā)現(xiàn)了行星運動的規(guī)律 并通過實驗測量了引力常量C 英國物理學家卡文迪許利用 卡文迪許扭秤 首先較準確地測定了靜電力常量D 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應 并總結出電磁感應定律 A 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析 開普勒發(fā)現(xiàn)了行星運動的規(guī)律 B項錯誤 卡文迪許利用扭秤測定了引力常量 C項錯誤 奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應 法拉第總結出電磁感應定律 D項錯誤 亞里士多德認為物體下落的快慢由重量決定 伽利略利用邏輯推斷使他的結論出現(xiàn)了矛盾 A項正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 二 受力分析 物體的平衡例2 多選 如圖所示 橫截面為直角三角形的斜劈A 底面靠在粗糙的豎直墻面上 力F指向球心水平作用在光滑球B上 系統(tǒng)處于靜止狀態(tài) 當力F增大時 系統(tǒng)還保持靜止 則下列說法正確的是 A A所受合外力增大B A對豎直墻壁的壓力增大C B對地面的壓力保持不變D 墻面對A的摩擦力可能變?yōu)榱?BD 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析斜劈A始終處于靜止狀態(tài) 可知A所受合力始終為零 選項A錯誤 以斜劈A和球B整體為研究對象 易知豎直墻壁對A的彈力隨F的增大而增大 選項B正確 以球B為研究對象可知斜劈A對球B的彈力增大 因而地面對B的支持力增大 B對地面的壓力也增大 選項C錯誤 由于初始狀態(tài)豎直墻壁對斜劈的摩擦力的方向未知 因而F增大時 墻面對A的摩擦力可能變?yōu)榱?選項D正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥 1 處理平衡問題的基本思路 確定平衡狀態(tài) 加速度為0 選定研究對象 受力分析 建立平衡方程 求解得結論 2 當物體僅受三個共點力作用而平衡時 可靈活選取正交分解法 合成法 解直角三角形法 相似三角形法 圖解法求解 3 當物體受四個及以上共點力的作用而平衡時 一般采用正交分解法求解 4 在連結體問題中 分析外界對系統(tǒng)的作用力時用整體法 分析系統(tǒng)內物體間的作用力時用隔離法 隔離物體進行受力分析時 一般先從受力最簡單的物體入手 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練2如圖所示 質量為m0 半徑為R的半球形物體A放在水平地面上 通過最高點處的釘子用水平輕質細線拉住一質量為m 半徑為r的光滑球B A B均靜止 則 C 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 錯誤 把A B視為一整體為研究對象 受重力和地面的支持力 由平衡條件知 地面對A的支持力等于 m0 m g 不受地面的摩擦力 C正確 D錯誤 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 三 直線運動和牛頓運動定律例3如圖所示 質量相等的物體A B處于靜止狀態(tài) 此時物體B剛好與地面接觸 現(xiàn)剪斷繩子OA 下列說法正確的是 A 剪斷繩子的瞬間 物體A的加速度為g 物體B的加速度為0B 彈簧恢復原長時 物體A的速度最大C 從剪斷繩子到彈簧壓縮到最短 物體B對地面壓力均勻增大D 剪斷繩子后 彈簧 物體A B和地球組成的系統(tǒng)機械能守恒 D 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析剪斷懸繩前 B受到重力和彈簧的彈力 彈力F mg 剪斷瞬間 A的合力為F合 mg F 2mg 根據(jù)牛頓第二定律 得a 2g 故A錯誤 物體A在彈力和重力的作用下 向下做加速運動 當彈力的方向向上且與重力相等時 加速度為零 速度最大 此時彈簧不處于原長狀態(tài) 故B錯誤 剪斷繩子的瞬間 彈簧的彈力大小為mg 而在A下落的過程中 當A下落至彈簧恢復原長時物體B所受地面的支持力由零逐漸增大到mg 物體A繼續(xù)做加速運動 接著物體A將要壓縮彈簧 當彈簧彈力等于重力時 物體A所受合力為0 A具有最大速度 由于A的慣性 物體A將繼續(xù)壓縮彈簧 使彈簧彈力大于A的重力使A做減速運動至停止 當A運動到最低點時 彈簧彈力將大于A物體的重力 根據(jù)作用力與反作用力可知 此時B對地面的壓力將達到最大值 故此過程中B所受地面的彈力逐漸增大 但不是均勻增大 故C錯誤 剪斷繩子后 系統(tǒng)只有重力和彈簧彈力做功 系統(tǒng)機械能守恒 故D正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥根據(jù)牛頓第二定律可知 物體的加速度a與其所受合外力F有瞬時對應關系 每一瞬時的加速度只取決于這一瞬時的合力 利用牛頓第二定律求解瞬時問題 要注意兩種不同的物理模型 一是剛性繩 桿或接觸面 若剪斷或脫離后 其中的彈力立即消失或仍接觸但可以發(fā)生突變 不需要恢復時間 二是彈簧或橡皮繩 這些物體的形變量大 故在瞬時問題中 其彈力的大小往往可以看成是不變的 處理此類問題的方法是先確定物體運動狀態(tài)變化之前 物體所受各個力的情況 然后 確定物體運動狀態(tài)發(fā)生變化后 物體所受各個力中 哪些力發(fā)生了變化 哪些力沒有變化 再根據(jù)變化前后的受力情況 求物體的加速度 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練3如圖所示 豎直放置在水平面上的輕質彈簧上放著質量為2kg的物體A 處于靜止狀態(tài) 若將一個質量為3kg的物體B豎直輕放在A上的一瞬間 則B對A的壓力大小為 g取10m s2 A 30NB 0C 15ND 12N D 解析 開始彈簧的彈力等于A的重力 即F mAg 放上B的瞬間 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 四 曲線運動 運動的合成與分解例4如圖所示 從傾角為 的足夠長的斜面頂端P以速度v0拋出一個小球 落在斜面上某處Q點 小球落在斜面上的速度與斜面的夾角為 若把初速度變?yōu)?v0 小球仍落在斜面上 則以下說法正確的是 A 夾角 將變大B 夾角 與初速度大小無關C 小球在空中的運動時間不變D PQ間距是原來間距的3倍 B 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥與斜面相關的平拋運動 斜面傾角的正切值跟水平速度和豎直速度有聯(lián)系 也跟水平位移和豎直位移有聯(lián)系 畫出運動的軌跡后 只要抓住傾角正切值這個切入點 作出位移或者速度的平行四邊形 思路就會豁然開朗 問題自然迎刃而解 此外 要理解并牢記關于平拋運動的以下幾個常用推論 推論1 做平拋 或類平拋 運動的物體在任一時刻 任一位置處 若其末速度方向與水平方向的夾角為 位移與水平方向的夾角為 則tan 2tan 推論2 做平拋 或類平拋 運動的物體任意時刻的瞬時速度的反向延長線一定通過此時水平位移的中點 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 推論3 從同一斜面上以不同初速度水平拋出的物體落在斜面上時速度方向與斜面的夾角恒定不變 推論4 斜上拋物體自拋出至最高點的過程恰為一個平拋運動的逆運動 據(jù)此可快速求解斜拋問題 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練4右圖是傾角為45 的斜坡 在斜坡底端P點正上方某一位置Q處以速度v0水平向左拋出一個小球 小球恰好能垂直落在斜坡上 運動時間為t1 小球從同一點Q處自由下落 下落至P點的時間為t2 不計空氣阻力 則t1 t2等于 D 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 五 萬有引力定律的應用與航天例5天文學家發(fā)現(xiàn)一顆與地球類似的太陽系外行星 這顆行星距離地球約20億光年 公轉周期約為37年 這顆名叫Gliese581g的行星位于天秤座星群 它的半徑大約是地球的1 9倍 重力加速度與地球相近 則下列說法正確的是 A 該行星的公轉速度比地球小B 該行星的質量約為地球質量的2 61倍C 要在該行星表面發(fā)射人造衛(wèi)星 發(fā)射速度至少要達到7 9km sD 在地球上發(fā)射航天器到達該星球 航天器的發(fā)射速度至少要達到第三宇宙速度 D 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥應用萬有引力定律分析天體問題的一般思路是萬有引力提供向心力 應重點掌握天體質量和密度的計算方法 設中心天體質量為M 半徑為R 密度為 表面重力加速度為g 該天體的衛(wèi)星周期為T 軌道半徑為r 則 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練5 2018 北京卷 若想檢驗 使月球繞地球運動的力 與 使蘋果落地的力 遵循同樣的規(guī)律 在已知月地距離約為地球半徑60倍的情況下 需要驗證 B 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 地球吸引蘋果的力之比除了與距離的二次方成反比例之外 還與月球與蘋果的質量之比有關 A錯誤 C D兩項需要知道地球與月球的質量之比和半徑之比 且D項的結論錯誤 故C D不符合題意 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 六 功能關系的應用例6如圖所示 一豎直絕緣輕彈簧的下端固定在地面上 上端連接一帶正電小球P 小球所處的空間存在著方向豎直向上的勻強電場 小球平衡時 彈簧恰好處于原長狀態(tài) 現(xiàn)給小球一豎直向上的初速度 小球最高能運動到M點 在小球從開始運動至最高點時 以下說法正確的是 A 小球電勢能的減少量等于小球重力勢能的增加量B 小球機械能的改變量等于電場力做的功C 小球動能的減少量等于電場力和重力做功的代數(shù)和D 彈簧彈性勢能的增加量小于小球動能的減少量 A 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析小球處于平衡位置時 彈簧處于原長狀態(tài) 所以重力與電場力為平衡力 因此小球向上運動過程中 電場力做的功等于克服重力所做的功 故電勢能的減少量等于重力勢能的增加量 選項A正確 小球運動過程中 重力勢能 電勢能 彈性勢能與動能之和守恒 因此該過程中小球動能減少量等于彈性勢能的增加量 選項C D錯誤 由功能關系可知 小球機械能的改變量等于彈力和電場力所做的功 選項B錯誤 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥運用功能關系分析問題的基本思路 1 選定研究對象或系統(tǒng) 弄清物理過程 2 分析受力情況 看有什么力做功 弄清楚系統(tǒng)內有多少種形式的能參與轉化 3 仔細分析系統(tǒng)內各種能量的變化情況 某種形式的能量減少 一定存在其他形式的能量增加 且減少量與增加量一定相等 某個物體的能量減少 一定存在其他物體的能量增加 且減少量與增加量相等 據(jù)此列出關系式 E減 E增 并聯(lián)立其他條件或關系式求解 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練6 多選 如圖所示 一固定容器的內壁是半徑為R的半球面 在半球面水平直徑的一端有一質量為m的質點P 它在容器內壁由靜止下滑到最低點的過程中 克服摩擦力做的功為W 重力加速度大小為g 設質點P在最低點時 向心加速度的大小為a 容器對它的支持力大小為FN 則 AC 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析 質點P由靜止滑到最低點過程由動能定理得 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 七 對電場基本性質的理解例7假設空間某一靜電場的電勢 隨x變化情況如圖所示 根據(jù)圖中信息可以確定下列說法正確的是 A 空間各點電場強度的方向均與x軸垂直B 電荷沿x軸從O移到x1的過程中 一定不受電場力的作用C 正電荷沿x軸從x2移到x3的過程中 電場力做正功 電勢能減小D 負電荷沿x軸從x4移到x5的過程中 電場力做負功 電勢能增加 D 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析由題圖看出 x軸上各點電勢不全相等 x軸不是一條等勢線 所以空間各點電場強度的方向不全與x軸垂直 A錯誤 沿x軸從O移到x1 各點電勢相等 任意兩點間電勢差為零 移動電荷電場力做功為零 但電場力不一定為零 也可能電場力與x軸垂直 B錯誤 正電荷沿x軸從x2移到x3的過程中 電勢升高 電荷的電勢能增大 電場力做負功 C錯誤 負電荷沿x軸從x4移到x5的過程中 電勢降低 電荷的電勢能增加 電場力做負功 D正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥 1 電荷在電場中運動時 電場力做功將引起電勢能與其他形式的能發(fā)生轉化 電荷的機械能不再守恒 2 搞清幾個功能關系 重力做功等于重力勢能的變化 電場力做功等于電勢能的變化 彈簧彈力做功等于彈性勢能的變化 合外力做功等于動能的變化 3 無論能量如何變化 總是滿足能量守恒定律 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練7對于真空中電荷量為q的靜止點電荷而言 當選取離點電荷無窮遠處的電勢為零時 離點電荷距離為r處的電勢為 k為靜電力常量 如圖所示 兩電荷量大小均為Q的異種點電荷相距為d 現(xiàn)將一質子 電荷量為e 從兩電荷連線上的A點沿以負電荷為圓心 半徑為R的半圓形軌跡ABC移到C點 在質子從A到C的過程中 系統(tǒng)電勢能的變化情況為 A 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 八 對磁場知識的理解例8 多選 如圖所示 臺秤上放一光滑平板 其左邊固定一擋板 一輕質彈簧將擋板和一條形磁鐵連接起來 此時臺秤有一定的讀數(shù) 現(xiàn)在磁鐵上方中心偏右位置固定一通電導線 當通以一定的電流后 臺秤的示數(shù)增加 同時彈簧縮短 彈簧始終處于彈性限度內 則下列說法正確的是 A 磁鐵右端為N極 左端為S極 導線中的電流方向垂直紙面向內B 磁鐵右端為N極 左端為S極 導線中的電流方向垂直紙面向外C 磁鐵右端為S極 左端為N極 導線中的電流方向垂直紙面向內D 磁鐵右端為S極 左端為N極 導線中的電流方向垂直紙面向外 AD 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析若磁鐵右端為N極 磁鐵的磁感線在它的外部是從N極到S極 因為長直導線在磁鐵的中心偏右位置 所以此處的磁感線是斜向左上的 若電流的方向垂直于紙面向里 根據(jù)左手定則 導線受磁鐵給的安培力方向是斜向右上 長直導線是固定不動的 根據(jù)物體間力的作用是相互的 導線給磁鐵的反作用力方向就是斜向左下的 將這個力在水平和豎直方向分解可知 光滑平板對磁鐵支持力增大 由于水平向左的分力 所以彈簧長度將變短 故A正確 B錯誤 同理 若磁鐵右端為S極 磁鐵的磁感線在它的外部是從N極到S極 因為長直導線在磁鐵的中心偏右位置 所以此處的磁感線是斜向右下的 若電流的方向垂直于紙面向外 根據(jù)左手定則 導線受磁鐵給的安培力方向是斜向右上 長直導線是固定不動的 根據(jù)物體間力的作用是相互的 導線給磁鐵的反作用力方向就是斜向左下的 將這個力在水平和豎直方向分解可知 光滑平板對磁鐵支持力增大 彈簧長度將變短 故C錯誤 D正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥分析安培力的方法 1 首先把立體圖畫成易于分析的平面圖或截面圖 2 根據(jù)左手定則確定安培力的方向 如果題目涉及研究通電導線對磁鐵的作用力 可先研究其反作用力 即磁鐵對導線的作用力 3 結合通電導體受力分析 運動情況等列方程 解決問題 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練8如圖所示 兩平行光滑金屬導軌固定在絕緣斜面上 導軌間距為l 勁度系數(shù)為k的輕質彈簧上端固定 下端與水平直導體棒ab相連 彈簧與導軌平面平行并與ab垂直 直導體棒垂直跨接在兩導軌上 空間存在垂直導軌平面斜向上的勻強磁場 閉合開關K后導體棒中的電流為I 導體棒平衡時 彈簧伸長量為x1 調轉圖中電源極性使棒中電流反向 導體棒中電流仍為I 導體棒平衡時彈簧伸長量為x2 忽略回路中電流產生的磁場 則磁感應強度B的大小為 D 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析 導體棒中電流為I時 對導體棒由平衡條件有mgsin kx1 BIl 當電流反向后 安培力反向 由平衡條件有mgsin kx2 BIl 聯(lián)立解得B 本題只有選項D正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 例9兩相鄰勻強磁場區(qū)域的磁感應強度大小不同 方向平行 一速度方向與磁感應強度方向垂直的帶電粒子 不計重力 從較強磁場區(qū)域進入到較弱磁場區(qū)域后 粒子的 A 軌道半徑減小 角速度增大B 軌道半徑減小 角速度減小C 軌道半徑增大 角速度增大D 軌道半徑增大 角速度減小 D 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥解決帶電粒子在磁場中運動問題要明確粒子的電性 磁場方向 磁感應強度B的大小變化情況等 從而確定帶電粒子的受力 軌跡 半徑及周期的變化情況 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練9如圖所示圓形區(qū)域內 有垂直于紙面方向的勻強磁場 一束質量和電荷量都相同的帶電粒子 以不同的速率 沿著相同的方向 對準圓心O射入勻強磁場 又都從該磁場中射出 這些粒子在磁場中的運動時間有的較長 有的較短 若帶電粒子在磁場中只受磁場力的作用 則在磁場中運動時間越長的帶電粒子 A 速率一定越小B 速率一定越大C 在磁場中通過的路程一定越長D 在磁場中的周期一定越大 A 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 九 直流電路的動態(tài)分析例10 多選 如圖所示電路 在滑動變阻器的滑片向左滑動的過程中 理想電壓表 電流表的示數(shù)將發(fā)生變化 電壓表V1 V2示數(shù)變化量的絕對值分別為 U1 U2 已知電阻R大于電源內阻r 則 A 電流表A的示數(shù)增大B 電壓表V2的示數(shù)增大C 電壓表V1的示數(shù)增大D U1大于 U2 ACD 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析滑動變阻器的滑片向左滑動 則接入電阻變小 閉合回路的總電阻變小 由可知 總電流增大 所以電流表A的示數(shù)增大 A正確 由U E Ir可知 路端電壓變小 所以電壓表V2的示數(shù)變小 B錯誤 由U IR可知 電阻R的電壓增大 即電壓表V1的示數(shù)增大 C正確 由閉合電路的歐姆定律可知 E U1 U變 Ur 所以有 U1 U變 Ur 0 對于外電路有 U2 U變 U1 兩式相加得 U2 Ur 0 因為電阻R大于電源內阻r 所以 U1 Ur 所以 U1 U2 D正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥直流電路動態(tài)分析的步驟 1 確定電路的內阻r 外電阻R外如何變化 2 由 確定電路中總電流的變化 3 由U內 I總 r 確定電源的內電壓如何變化 4 由U外 E U內 確定外電壓如何變化 5 由部分電路歐姆定律 確定干路上某定值電阻兩端的電壓變化 6 確定支路兩端的電壓如何變化及各支路電流的變化 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練10如圖所示 圖中的三個電表均為理想電表 當滑動變阻器滑片P向左端緩慢移動時 下列說法正確的是 A 電壓表V1的讀數(shù)減小 電流表A的讀數(shù)增大B 電壓表V1的讀數(shù)增大 電壓表V2的讀數(shù)增大C 電阻RP消耗的功率增大 電容器C所帶電荷量增加D 電壓表V2的讀數(shù)減小 電流表A的讀數(shù)減小 D 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析 當滑動變阻器滑片P向左端緩慢移動時 RP阻值變大 電路的電流減小 電流表A讀數(shù)減小 則電壓表V1讀數(shù)變大 A錯誤 由于通過R2的電流減小 故電壓表V2讀數(shù)減小 B錯誤 D正確 電壓表V1讀數(shù)變大 即電容器兩端的電壓變大 所帶電荷量增加 由于不知RP與各個電阻的大小關系 故不能判斷RP的功率變化 C錯誤 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 十 交變電流與遠距離輸電例11 多選 如圖所示的電路中 T為一降壓式自耦調壓變壓器 開始時燈泡L正常發(fā)光 現(xiàn)在電源電壓U略降低 為使燈L仍能正常發(fā)光 可采用的措施是 A 將自耦調壓變壓器的滑片P適當上滑B 將自耦調壓變壓器的滑片P適當下滑C 適當增大滑動變阻器R2的阻值D 適當減小滑動變阻器R2的阻值 AC 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥 1 在變壓器的描述中 沒有特別說明的情況下 原 副線圈中的電壓 電流均指有效值 電壓表 電流表測的是有效值 2 注意變壓器原 副線圈的決定關系 U1決定U2 I2決定I1 P2決定P1 3 遠距離輸電線路中有升壓變壓器和降壓變壓器 注意畫出輸電線路示意圖 找出線路中各物理量之間的關系 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練11 多選 圖甲為理想變壓器的示意圖 其原 副線圈的匝數(shù)比為4 1 電壓表和電流表均為理想電表 Rt為阻值隨溫度升高而變小的熱敏電阻 R1為定值電阻 若發(fā)電機向原線圈輸入如圖乙所示的正弦式交變電流 則下列說法正確的是 A 輸入變壓器原線圈的交流電壓的表達式為B t 0 01s時 發(fā)電機的線圈平面與磁場方向垂直C 變壓器原 副線圈中的電流之比為4 1D Rt溫度升高時 電流表的示數(shù)變大 BD 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 十一 電磁感應定律的應用 例12 AC 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥分析電磁感應中能量問題的基本方法 1 明確安培力做的功是電能和其他形式的能之間相互轉化的 橋梁 其關系表示如下 電能其他形式的能 2 明確功能關系 確定有哪些形式的能量發(fā)生了轉化 如有摩擦力做功 必有內能產生 有重力做功 重力勢能必然發(fā)生變化 安培力做負功 必然有其他形式的能轉化為電能 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練12 多選 如圖所示 水平傳送帶帶動兩金屬桿勻速向右運動 傳送帶右側與兩光滑平行金屬導軌平滑連接 導軌與水平面間夾角為30 兩虛線EF GH之間有垂直導軌平面向下的勻強磁場 磁感應強度為B 磁場寬度為l 兩金屬桿的長度和兩導軌的間距均為d 兩金屬桿a b質量均為m 與導軌接觸良好 當金屬桿a進入磁場后恰好做勻速直線運動 當金屬桿a離開磁場時 金屬桿b恰好進入磁場 則 A 金屬桿b進入磁場后做加速運動B 金屬桿b進入磁場后做勻速運動C 兩桿在穿過磁場的過程中 回路中產生的總熱量為mglD 兩桿在穿過磁場的過程中 回路中產生的總熱量為 BC 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析 兩桿從導軌頂端進入磁場過程中 均只有重力做功 故進入磁場時速度大小相等 金屬桿a進入磁場后勻速運動 b進入磁場后 a離開磁場 金屬桿b受力與金屬桿a受力情況相同 故也做勻速運動 A項錯誤 B項正確 兩桿勻速穿過磁場 減少的重力勢能轉化為回路的電熱 即Q 2mglsin30 mgl C項正確 D項錯誤 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 十二 近代物理例13 多選 在光電效應實驗中 用同一種單色光 先后照射鋅和銀的表面 都能發(fā)生光電效應現(xiàn)象 對于這兩個過程 下列四個物理量中 一定不同的是 A 單位時間內逸出的光電子數(shù)B 反向截止電壓C 飽和光電流D 光電子的最大初動能 BD 解析單位時間內逸出的光電子數(shù)以及飽和電流由光強決定 所以可能相同 故選項A C錯誤 根據(jù)光電效應方程h W0 eUc可知 入射光的頻率不同 反向截止電壓不同 再根據(jù)Ek eUc知光電子的最大初動能也不同 所以選項B D正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥處理光電效應問題的兩條線索一是光的頻率 二是光的強弱 兩條線索對應的關系 1 光越強 光子數(shù)目多 發(fā)射光電子數(shù)多 光電流大 2 光子頻率高 光子能量大 產生光電子的最大初動能大 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練13 2018 天津卷 氫原子光譜在可見光區(qū)域內有四條譜線H H H 和H 都是氫原子中電子從量子數(shù)n 2的能級躍遷到n 2的能級時發(fā)出的光 它們在真空中的波長由長到短 可以判定 A H 對應的前后能級之差最小B 同一介質對H 的折射率最大C 同一介質中H 的傳播速度最大D 用H 照射某一金屬能發(fā)生光電效應 則H 也一定能 A 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 十三 物理圖象例14甲 乙兩汽車在一條平直的單行道上 乙在前 甲在后同向行駛 某時刻兩車司機同時聽到前方有事故發(fā)生的警笛提示 同時開始剎車 結果兩輛車發(fā)生了碰撞 右圖為兩輛車剎車后剛好不相撞的v t圖象 由此可知若相撞 A 兩輛車剎車時相距的距離一定等于112 5mB 兩輛車剎車時相距的距離一定小于90mC 兩輛車一定是在剎車后的20s之內的某時刻發(fā)生相撞的D 兩輛車一定是在剎車后的20s以后的某時刻發(fā)生相撞的 C 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析兩車速度相等是兩車是否碰撞的臨界條件 t 20s時 由v t圖象可知甲車的位移為300m 乙車的位移為200m 因而兩車若相撞 剎車前的距離應小于100m 選項A B錯誤 若兩車相撞 一定是在剎車后的20s內的某時刻發(fā)生的 選項C正確 D錯誤 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥解決運動圖象類問題要抓住五個關鍵點 1 坐標軸所代表的物理意義 如有必要首先寫出兩坐標軸物理意義關系的表達式 2 斜率的意義 v t圖象表示加速度 3 截距的意義 表示初始速度 時間等 4 面積的意義 對v t圖象來說 面積代表位移 橫軸上方的 面積 為正 下方為負 5 交點的意義 根據(jù)v t圖象所表達的意義 結合牛頓第二定律 根據(jù)物體受力和加速度的大小 方向的瞬時關系得出結論 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練14小球從一定高度處由靜止下落 與地面碰撞后回到原高度再次下落 重復上述運動 取小球的落地點為原點建立坐標系 豎直向上為正方向 下列速度v和位移x的關系圖象中 能描述該過程的是 A 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析 根據(jù)楞次定律 物體的位移在0 L間 導體棒切割磁感線的有效長度逐漸增大 感應電流為順時針正方向 物體的位移在L 2L間時 導線框兩條邊都在磁場中切割磁感線 產生的感應電流方向相反 導體棒有效長度的差值是一個定值 C項錯誤 物體的位移在2L 3L間 當導線框運動到磁場的正中央位置時 兩邊切割磁場的有效長度相等 感應電動勢等大反向 感應電流方向相反 此刻感應電流為零 所以B D項錯誤 A項正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 例15如圖所示 等腰三角形內分布有垂直于紙面向外的勻強磁場 它的頂點在x軸上且底邊長為4L 高為L 底邊與x軸平行 紙面內一邊長為L的正方形導線框以恒定速度沿x軸正方向穿過磁場區(qū)域 t 0時刻導線框恰好位于圖中所示的位置 以順時針方向為導線框中電流的正方向 在下面四幅圖中能夠正確表示電流 位移 i x 關系的是 A 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 解析根據(jù)楞次定律 物體的位移在0 L間 導體棒切割磁感線的有效長度逐漸增大 感應電流為順時針正方向 物體的位移在L 2L間時 導線框兩條邊都在磁場中切割磁感線 產生的感應電流方向相反 導體棒有效長度的差值是一個定值 C項錯誤 物體的位移在2L 3L間 當導線框運動到磁場的正中央位置時 兩邊切割磁場的有效長度相等 感應電動勢等大反向 感應電流方向相反 此刻感應電流為零 所以B D項錯誤 A項正確 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 技巧點撥法拉第電磁感應中的圖象問題的解題關鍵是確定切割磁感線的長度及其隨時間的變化情況 從而確定電流 電動勢 隨時間的變化情況 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 拓展訓練15如圖所示 兩個寬度均為l的條形區(qū)域 存在著大小相等 方向相反且均垂直紙面的勻強磁場 以豎直虛線為分界線 在其左側有一個用金屬絲制成的與紙面共面的直角三角形線框ABC 底邊BC長為2l 并處于水平方向 現(xiàn)使線框以速度v水平勻速穿過勻強磁場區(qū)域 則此過程中 線框中的電流隨時間變化的圖象正確的是 以逆時針方向為電流的正方向 取時間作為計時單位 一 二 三 四 五 六 七 八 九 十 十一 十二 十三 答案D