《2019-2020年高三物理一輪總復(fù)習(xí)第9章《電磁感應(yīng)》2法拉第電磁感應(yīng)定律自感現(xiàn)象課時(shí)作業(yè)新人教版.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019-2020年高三物理一輪總復(fù)習(xí)第9章《電磁感應(yīng)》2法拉第電磁感應(yīng)定律自感現(xiàn)象課時(shí)作業(yè)新人教版.doc（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

2019-2020年高三物理一輪總復(fù)習(xí)第9章《電磁感應(yīng)》2法拉第電磁感應(yīng)定律自感現(xiàn)象課時(shí)作業(yè)新人教版 一、選擇題 1．將閉合多匝線圈置于僅隨時(shí)間變化的磁場(chǎng)中，線圈平面與磁場(chǎng)方向垂直，關(guān)于線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流，下列表述正確的是(　　) A．感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)無(wú)關(guān) B．穿過(guò)線圈的磁通量越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大 C．穿過(guò)線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大 D．感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)方向始終相同 【解析】　根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E＝N＝NS，顯然，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與線圈的匝數(shù)、磁通量的變化率有關(guān)，而與磁通量的大小無(wú)關(guān)，并且穿過(guò)線圈的磁通量變化越快，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤，C正確；根據(jù)楞次定律，感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向與原磁場(chǎng)變化的方向相反，即“增反減同”，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．本題答案為C. 【答案】　C 2．(多選)(xx四川聯(lián)考) 某合作探究學(xué)習(xí)小組在探究線圈中感應(yīng)電流的影響因素時(shí)，設(shè)計(jì)如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置，讓一個(gè)閉合圓線圈放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，線圈的軸線與磁場(chǎng)方向成30角，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻變化，則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．若把線圈的匝數(shù)增大一倍，線圈內(nèi)感應(yīng)電流大小不變 B．若把線圈的面積增大一倍，線圈內(nèi)感應(yīng)電流變?yōu)樵瓉?lái)的2倍 C．改變線圈軸線與磁場(chǎng)方向的夾角大小，線圈內(nèi)感應(yīng)電流可能變?yōu)樵瓉?lái)的2倍 D．把線圈的半徑增大一倍，線圈內(nèi)感應(yīng)電流變?yōu)樵瓉?lái)的2倍 【解析】　由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝nS可知，若線圈的匝數(shù)增大一倍，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與線圈的總電阻都增大一倍，線圈中的電流不變，A正確；若線圈的面積增大一倍，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)增大一倍，但線圈的電阻增大，線圈內(nèi)的感應(yīng)電流并不是原來(lái)的2倍，B錯(cuò)誤；E＝nScos30，故無(wú)論如何改變線圈軸線與磁場(chǎng)的方向夾角，都不可能使線圈內(nèi)的感應(yīng)電流變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，C錯(cuò)誤；若線圈的半徑增大一倍，則面積是原來(lái)的4倍，電阻是原來(lái)的2倍，線圈內(nèi)感應(yīng)電流變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，D正確． 【答案】　AD 3. (多選)如圖所示為新一代炊具——電磁爐，無(wú)煙、無(wú)明火、無(wú)污染、不產(chǎn)生有害氣體、無(wú)微波輻射、高效節(jié)能等是電磁爐的優(yōu)勢(shì)所在．電磁爐是利用電流通過(guò)線圈產(chǎn)生磁場(chǎng)，當(dāng)磁場(chǎng)的磁感線通過(guò)含鐵質(zhì)鍋底部時(shí)，即會(huì)產(chǎn)生無(wú)數(shù)小渦流，使鍋體本身自行高速發(fā)熱，然后再加熱鍋內(nèi)食物．下列相關(guān)說(shuō)法中正確的是(　　) A．鍋體中的渦流是由恒定的磁場(chǎng)產(chǎn)生的 B．恒定磁場(chǎng)越強(qiáng)，電磁爐的加熱效果越好 C．鍋體中的渦流是由變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生的 D．提高磁場(chǎng)變化的頻率，可提高電磁爐的加熱效果 【解析】　由電磁感應(yīng)原理可知，鍋體中的渦流是由變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生的，提高磁場(chǎng)變化的頻率，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)變大，可提高電磁爐的加熱效果，故C、D正確． 【答案】　CD 4. 如圖所示，在O點(diǎn)正下方有一個(gè)具有理想邊界的磁場(chǎng)，銅球在A點(diǎn)由靜止釋放，向右擺至最高點(diǎn)B，不考慮空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．A、B兩點(diǎn)在同一水平線上 B．A點(diǎn)高于B點(diǎn) C．A點(diǎn)低于B點(diǎn) D．銅球?qū)⒆龅确鶖[動(dòng) 【解析】　銅球進(jìn)磁場(chǎng)和出磁場(chǎng)的過(guò)程中，都有渦流產(chǎn)生，阻礙銅球的擺動(dòng)，從而有機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，A點(diǎn)高于B點(diǎn)，最終銅球?qū)⒃诖艌?chǎng)中做等幅擺動(dòng)，故選項(xiàng)B正確． 【答案】　B 5. (多選)如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌水平平行放置，間距為L(zhǎng)＝1 m，cd間、de間、cf間分別接著阻值為R＝10 Ω的電阻．一阻值為R＝10 Ω的導(dǎo)體棒ab以速度v＝4 m/s勻速向左運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好；導(dǎo)軌所在平面存在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B＝0.5 T，方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．導(dǎo)體棒ab中電流的流向?yàn)橛蒪到a B．cd兩端的電壓為1 V C．de兩端的電壓為1 V D．fe兩端的電壓為1 V 【解析】　導(dǎo)體棒ab以速度v＝4 m/s勻速向左運(yùn)動(dòng)，由右手定則可判斷出導(dǎo)體棒ab中電流的流向?yàn)橛蒩到b，A錯(cuò)誤；由法拉第電磁感應(yīng)定律知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝BLv＝2 V，感應(yīng)電流I＝E/2R＝0.1 A，cd兩端的電壓為U1＝IR＝1 V，B正確；由于de間沒(méi)有電流，cf間沒(méi)有電流，de兩端的電壓為零，fe兩端的電壓為1 V，C錯(cuò)誤，D正確． 【答案】　BD 6．(多選)在如圖甲所示電路中，螺線管匝數(shù)n＝1 500匝，橫截面積S＝20 cm2.螺線管導(dǎo)線電阻r＝1.0 Ω，R1＝4.0 Ω，R2＝5.0 Ω，C＝30 μF.在一段時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)螺線管的磁感應(yīng)強(qiáng)度B按如圖乙所示規(guī)律變化，則下列說(shuō)法中正確的是(　　) A．螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為1 V B．閉合開(kāi)關(guān)S，電路中電流穩(wěn)定后，電阻R1消耗的功率為510－2 W C．電路中電流穩(wěn)定后電容器下極板帶正電 D．開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)后，流經(jīng)R2的電荷量為1.810－5 C 【解析】　根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律E＝＝nS，得E＝1.2 V，選項(xiàng)A錯(cuò)；根據(jù)全電路歐姆定律I＝＝0.12 A，由P＝I2R1，得R1消耗的功率P＝5.7610－2 W，選項(xiàng)B錯(cuò)；由楞次定律知選項(xiàng)C對(duì)；S斷開(kāi)后，流經(jīng)R2的電荷量即為S閉合時(shí)C板上所帶電荷量Q，電容器兩端的電壓U＝IR2＝0.6 V，流經(jīng)R2的電荷量Q＝CU＝1.810－5 C，選項(xiàng)D對(duì)． 【答案】　CD 7．(多選)(xx鎮(zhèn)江模擬)如圖所示的電路中，L是一個(gè)自感系數(shù)很大、直流電阻不計(jì)的線圈，D1、D2和D3是三個(gè)完全相同的燈泡，E是內(nèi)阻不計(jì)的電源．在t＝0時(shí)刻，閉合開(kāi)關(guān)S，電路穩(wěn)定后在t1時(shí)刻斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S.規(guī)定以電路穩(wěn)定時(shí)流過(guò)D1、D2的電流方向?yàn)檎较颍謩e用I1、I2表示流過(guò)D1和D2的電流，則下圖中能定性描述電流I隨時(shí)間t變化關(guān)系的是(　　) 【解析】　電路穩(wěn)定時(shí)即t1時(shí)刻之前，I1>I2，電流方向均是從上到下；斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，D1、D2、D3形成閉合回路，流過(guò)D1的電流方向不變，大小逐漸減小，流過(guò)D2的電流方向從下往上，即發(fā)生突變，其大小也突然增大到I1，并從I1逐漸減小到零，B、C正確． 【答案】　BC 8．磁卡的磁條中有用于存儲(chǔ)信息的磁極方向不同的磁化區(qū)，刷卡器中有檢測(cè)線圈．當(dāng)以速度v0刷卡時(shí)，在線圈中產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，其E－t關(guān)系如圖所示．如果只將刷卡速度改為，線圈中的E－t關(guān)系圖可能是(　　) 【解析】　由E－t圖象可知，刷卡速度為v0時(shí)，產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為E0，所用時(shí)間為t0；當(dāng)刷卡速度變?yōu)闀r(shí)，根據(jù)E＝Blv可知，此時(shí)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值E＝，由于刷卡器及卡的長(zhǎng)度未變，故刷卡時(shí)間變?yōu)?t0，D項(xiàng)正確． 【答案】　D 9. 如圖所示，矩形金屬框置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，ef為一導(dǎo)體棒，可在ab與cd間滑動(dòng)并接觸良好．設(shè)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，ac長(zhǎng)為L(zhǎng)，在Δt時(shí)間內(nèi)向左勻速滑過(guò)距離Δd，由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝n可知，下列說(shuō)法正確的是(　　) A．當(dāng)ef向左滑動(dòng)時(shí)，左側(cè)面積減少LΔd，右側(cè)面積增加LΔd，因此E＝ B．當(dāng)ef向左滑動(dòng)時(shí)，左側(cè)面積減少LΔd，右側(cè)面積增加LΔd，互相抵消，因此E＝0 C．在公式E＝n中，在切割磁感線情況下，ΔΦ＝BΔS，ΔS應(yīng)是導(dǎo)體棒切割磁感線掃過(guò)的面積，因此E＝BLΔd/Δt D．在切割磁感線的情況下，只能用E＝BLv計(jì)算，不能用E＝n計(jì)算 【解析】　本題中由于導(dǎo)體棒是勻速切割磁感線，所以產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是恒定的，因而任一時(shí)刻產(chǎn)生的瞬時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)等于平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)．因此感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)有兩種求法，(1)由E＝BLv＝BL；(2)由法拉第電磁感應(yīng)定律知E＝＝＝，式子中ΔS為導(dǎo)體棒切割磁感線掃過(guò)的面積．故C正確． 【答案】　C 10．(多選) 如圖所示，在線圈上端放置一盛有冷水的金屬杯，現(xiàn)接通交流電源，過(guò)了幾分鐘，杯內(nèi)的水沸騰起來(lái)．若要縮短上述加熱時(shí)間，下列措施可行的有 (　　) A．增加線圈的匝數(shù) B．提高交流電源的頻率 C．將金屬杯換為瓷杯 D．取走線圈中的鐵芯 【解析】　根據(jù)題意，金屬杯產(chǎn)生了渦流使水溫度升高，要縮短加熱時(shí)間，應(yīng)使渦流增大．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，增加線圈匝數(shù)，提高交變電流的頻率，均可使渦流增大，選項(xiàng)A、B正確；換為瓷杯，不能產(chǎn)生渦流，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；取走鐵芯，使渦流減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 【答案】　AB 二、非選擇題 11. 如圖所示，固定的光滑金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，上端a、b間接有阻值為R的電阻，導(dǎo)軌平面與水平面的夾角為θ，且處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．質(zhì)量為m、電阻為r的導(dǎo)體棒與固定彈簧相連后放在導(dǎo)軌上．初始時(shí)刻，彈簧恰處于自然長(zhǎng)度，導(dǎo)體棒具有沿軌道向上的初速度v0.整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中導(dǎo)體棒始終與導(dǎo)軌垂直并保持良好接觸．已知彈簧的勁度系數(shù)為k，彈簧的中心軸線與導(dǎo)軌平行． (1)求初始時(shí)刻通過(guò)電阻R的電流I的大小和方向； (2)當(dāng)導(dǎo)體棒第一次回到初始位置時(shí)，速度變?yōu)関，求此時(shí)導(dǎo)體棒的加速度大小a； (3)導(dǎo)體棒最終靜止時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為Ep，求導(dǎo)體棒從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)直到停止的過(guò)程中，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q. 【解析】　(1)初始時(shí)刻，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E1＝BLv0 通過(guò)R的電流大小I1＝＝ 電流方向?yàn)閎→a (2)回到初始位置時(shí)，導(dǎo)體棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E2＝BLv 感應(yīng)電流I2＝＝ 導(dǎo)體棒受到的安培力大小F＝BIL＝，方向沿斜面向上 根據(jù)牛頓第二定律，有：mgsinθ－F＝ma 解得　a＝gsinθ－ (3)導(dǎo)體棒最終靜止，有：mgsinθ＝kx 壓縮量x＝ 設(shè)整個(gè)過(guò)程回路產(chǎn)生的焦耳熱為Q0，根據(jù)能量守恒定律，有： mv＋mgxsinθ＝Ep＋Q0 Q0＝mv＋－Ep 電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱 Q＝Q0＝ 【答案】　(1)　方向由b到a　(2)gsinθ－　(3) 12．(xx江蘇聯(lián)考) 如圖所示，不計(jì)電阻的U形導(dǎo)軌水平放置，導(dǎo)軌寬l＝0.5 m，左端連接阻值為0.4 Ω的電阻R.在導(dǎo)軌上垂直于導(dǎo)軌放一阻值為0.1 Ω的導(dǎo)體棒MN，并用水平輕繩通過(guò)定滑輪吊著質(zhì)量m＝2.4 g的重物，圖中L＝0.8 m．開(kāi)始時(shí)重物與水平地面接觸并處于靜止．整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度B0＝0.5 T，并且以＝0.1 T/s的速度在增大．不計(jì)摩擦阻力，求至少經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間才能將重物吊起？(g取10 m/s2) 【解析】　以MN為研究對(duì)象，有BIl＝FT；以重物為研究對(duì)象，有FT＋FN＝mg.由于B在增大，安培力BIl增大，繩的拉力FT增大，地面的支持力FN減小，當(dāng)FN＝0時(shí)，重物將被吊起． 此時(shí)BIl＝mg① 又B＝B0＋t＝0.5＋0.1t(T)② 由法拉第電磁感應(yīng)定律有：E＝Ll③ 由歐姆定律有：I＝④ 將已知數(shù)據(jù)代入以上四式聯(lián)立解得t＝1 s. 【答案】　1 s 13．某同學(xué)設(shè)計(jì)一個(gè)發(fā)電測(cè)速裝置，工作原理如圖所示．一個(gè)半徑為R＝0.1 m的圓形金屬導(dǎo)軌固定在豎直平面上，一根長(zhǎng)為R的金屬棒OA，A端與導(dǎo)軌接觸良好，O端固定在圓心處的轉(zhuǎn)軸上．轉(zhuǎn)軸的左端有一個(gè)半徑為r＝的圓盤(pán)，圓盤(pán)和金屬棒能隨轉(zhuǎn)軸一起轉(zhuǎn)動(dòng)．圓盤(pán)上繞有不可伸長(zhǎng)的細(xì)線，下端掛著一個(gè)質(zhì)量為m＝0.5 kg的鋁塊．在金屬導(dǎo)軌區(qū)域內(nèi)存在垂直于導(dǎo)軌平面向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝0.5 T．a(chǎn)點(diǎn)與導(dǎo)軌相連，b點(diǎn)通過(guò)電刷與O端相連．測(cè)量a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差U可算得鋁塊速度．鋁塊由靜止釋放，下落h＝0.3 m時(shí)，測(cè)得U＝0.15 V．(細(xì)線與圓盤(pán)間沒(méi)有滑動(dòng)，金屬棒、導(dǎo)軌、導(dǎo)線及電刷的電阻均不計(jì)，重力加速度g＝10 m/s2) (1)測(cè)U時(shí)，與a點(diǎn)相接的是電壓表的“正極”還是“負(fù)極”？ (2)求此時(shí)鋁塊的速度大小； (3)求此下落過(guò)程中鋁塊機(jī)械能的損失． 【解析】　(1)正極 (2)由電磁感應(yīng)定律得U＝E＝ ΔΦ＝BR2Δθ U＝BωR2 v＝rω＝ωR，所以v＝＝2 m/s (3)ΔE＝mgh－mv2 ΔE＝0.5 J 【答案】　(1)正極　(2)2 m/s　(3)0.5 J