2019年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 牛頓運(yùn)動定律 專題強(qiáng)化四 動力學(xué)中三種典型物理模型課時達(dá)標(biāo)訓(xùn)練.doc
《2019年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 牛頓運(yùn)動定律 專題強(qiáng)化四 動力學(xué)中三種典型物理模型課時達(dá)標(biāo)訓(xùn)練.doc》由會員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2019年度高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 牛頓運(yùn)動定律 專題強(qiáng)化四 動力學(xué)中三種典型物理模型課時達(dá)標(biāo)訓(xùn)練.doc(6頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
動力學(xué)中的典型“模型”一、選擇題(13題為單項選擇題,45題為多項選擇題)1在民航和火車站可以看到用于對行李進(jìn)行安全檢查的水平傳送帶。當(dāng)旅客把行李放到傳送帶上時,傳送帶對行李的滑動摩擦力使行李開始做勻加速運(yùn)動。隨后它們保持相對靜止,行李隨傳送帶一起前進(jìn)。設(shè)傳送帶勻速前進(jìn)的速度為0.25 m/s,把質(zhì)量為5 kg的木箱靜止放到傳送帶上,由于滑動摩擦力的作用,木箱以6 m/s2的加速度前進(jìn),那么這個木箱放在傳送帶上后,傳送帶上將留下的摩擦痕跡約為()圖1A5 mm B6 mmC7 mm D10 mm解析木箱加速的時間為tv/a,這段時間內(nèi)木箱的位移為x1,而傳送帶的位移為x2vt,傳送帶上將留下的摩擦痕跡長為lx2x1,聯(lián)立各式并代入數(shù)據(jù),解得l5.2 mm,選項A正確。答案A2(2018山東日照模擬)如圖2所示,一長木板在水平地面上運(yùn)動,在某時刻(t0)將一相對于地面靜止的物塊輕放到木板上,已知物塊與木板的質(zhì)量相等,物塊與木板間及木板與地面間均有摩擦,物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,且物塊始終在木板上。在物塊放到木板上之后,木板運(yùn)動的速度時間圖象可能是下列選項中的()圖2解析設(shè)在木板與物塊未達(dá)到相同速度之前,木板的加速度為a1,物塊與木板間的動摩擦因數(shù)為1,木板與地面間的動摩擦因數(shù)為2。對木板應(yīng)用牛頓第二定律得:1mg22mgma1a1(122)g設(shè)物塊與木板達(dá)到相同速度之后,木板的加速度為a2,對整體有22mg2ma2a22g,可見|a1|a2|由vt圖象的斜率表示加速度大小可知,圖象A正確。答案A3(2017山東濰坊質(zhì)檢)如圖3所示,足夠長的傳送帶與水平面夾角為,以速度v0逆時針勻速轉(zhuǎn)動。在傳送帶的上端輕輕放置一個質(zhì)量為m的小木塊,小木塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)tan ,則圖中能客觀地反映小木塊的速度隨時間變化關(guān)系的是()圖3解析開始階段,木塊受到豎直向下的重力、垂直斜面向上的支持力和沿傳送帶向下的摩擦力作用,做加速度為a1的勻加速直線運(yùn)動,由牛頓第二定律得mgsin mgcos ma1所以a1gsin gcos 木塊加速至與傳送帶速度相等時,由于tan ,則木塊不會與傳送帶保持相對靜止而勻速運(yùn)動,之后木塊繼續(xù)加速,所受滑動摩擦力變?yōu)檠貍魉蛶蛏?,做加速度為a2的勻加速直線運(yùn)動,這一階段由牛頓第二定律得mgsin mgcos ma2所以a2gsin gcos 根據(jù)以上分析,有a2a1,B、D錯,C對。答案AC5如圖5所示,質(zhì)量為M2 kg、長為L2 m的長木板靜止放置在光滑水平面上,在其左端放置一質(zhì)量為m1 kg的小木塊(可視為質(zhì)點),小木塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)為0.2。先相對靜止,然后用一水平向右F4 N的力作用在小木塊上,經(jīng)過時間t2 s,小木塊從長木板另一端滑出,g取10 m/s2,則()圖5A滑出瞬間木塊速度2 m/sB滑出瞬間木塊速度4 m/sC滑出瞬間木板速度2 m/sD滑出瞬間木板速度4 m/s解析小木塊加速度a1 m/s22 m/s2,木板加速度a21 m/s2,脫離瞬間小木塊速度v1a1t4 m/s,A錯誤,B正確;木板速度v2a2t2 m/s,C正確,D錯誤。答案BC二、非選擇題6一大小不計的木塊通過長度忽略不計的繩固定在小車的前壁上,小車表面光滑。某時刻小車由靜止開始向右勻加速運(yùn)動,經(jīng)過2 s,細(xì)繩斷裂。細(xì)繩斷裂前后,小車的加速度保持不變,又經(jīng)過一段時間,滑塊從小車左端剛好掉下,在這段時間內(nèi),已知滑塊相對小車前3 s內(nèi)滑行了4.5 m,后3 s內(nèi)滑行了10.5 m。求從繩斷到滑塊離開車尾所用的時間是多少?圖6解析設(shè)小車加速度為a。繩斷裂時,車和物塊的速度為v1at1。斷裂后,小車的速度vv1at2,小車的位移為:x1v1t2at滑塊的位移為:x2v1t2繩斷后,前3 s相對位移有關(guān)系:xx1x2at4.5 m得:a1 m/s2細(xì)繩斷開時小車和物塊的速度均為:v1at112 m/s2 m/s設(shè)后3 s小車的初速度為v1,則小車的位移為:x1v1t4at滑塊的位移為:x2v1t4得:x1x23v14.5 m3v110.5 m解得:v14 m/s由此說明后3 s實際上是從繩斷后2 s開始的,滑塊與小車相對運(yùn)動的總時間為:t總5 s答案5 s7如圖7所示,甲、乙兩傳送帶傾斜放置,與水平方向夾角均為37,傳送帶乙長為4 m,傳送帶甲比乙長0.45 m,兩傳送帶均以3 m/s的速度逆時針勻速轉(zhuǎn)動,可視為質(zhì)點的物塊A從傳送帶甲的頂端由靜止釋放,可視為質(zhì)點的物塊B由傳送帶乙的頂端以3 m/s的初速度沿傳送帶下滑,兩物塊質(zhì)量相等,與傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5,取g10 m/s2,sin 370.6,cos 370.8。求:圖7(1)物塊A由傳送帶頂端滑到底端經(jīng)歷的時間;(2)物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度之比。解析(1)對物塊A由牛頓第二定律知mgsin 37mgcos 37ma1,代入數(shù)值得a110 m/s2設(shè)經(jīng)時間t1物塊A與傳送帶共速,則由運(yùn)動學(xué)規(guī)律知v帶a1t1,即t10.3 s此過程中物塊A的位移為x1a1t0.45 m物塊A與傳送帶共速后,由牛頓第二定律知mgsin 37mgcos 37ma2,代入數(shù)值得a22 m/s2由運(yùn)動學(xué)規(guī)律知L甲x1v帶t2a2t,代入數(shù)值得t21 s所以物塊A由傳送帶頂端滑到底端經(jīng)歷的時間為tt1t21.3 s。(2)在物塊A的第一個加速過程中,物塊A在傳送帶上的劃痕長度為L1v帶t1x10.45 m在物塊A的第二個加速過程中,物塊A在傳送帶上的劃痕長度為L2v帶t2a2tv帶t21.0 m所以物塊A在傳送帶上的劃痕長度為LAL21.0 m由分析知物塊B的加速度與物塊A在第二個加速過程的加速度相同,從傳送帶頂端加速到底端所需時間與t2相同所以物塊B在傳送帶上的劃痕長度為LBv帶t2a2tv帶t21.0 m故物塊A、B在傳送帶上的劃痕長度之比為LALB11答案(1)1.3 s(2)118如圖8甲所示,有一傾角為30的光滑固定斜面,斜面底端的水平面上放一質(zhì)量為M的木板。開始時質(zhì)量為m1 kg 的滑塊在水平向左的力F作用下靜止在斜面上,現(xiàn)將力F變?yōu)樗较蛴?,?dāng)滑塊滑到木板上時撤去力F,木塊滑上木板的過程不考慮能量損失。此后滑塊和木板在水平面上運(yùn)動的vt圖象如圖乙所示,g10 m/s2。求:圖8(1)水平作用力F的大小;(2)滑塊開始下滑時的高度;(3)木板的質(zhì)量。解析(1)滑塊受力如圖所示,根據(jù)平衡條件,有mgsin Fcos 解得F N(2)當(dāng)力F變?yōu)樗较蛴抑?,由牛頓第二定律,有mgsin Fcos ma解得a10 m/s2根據(jù)題意,由題圖乙可知,滑塊滑到木板上的初速度v10 m/s?;瑝K下滑的位移x,解得x5 m故滑塊下滑的高度hxsin 302.5 m(3)由題圖乙可知,滑塊和木板起初相對滑動,當(dāng)達(dá)到共同速度后一起做勻減速運(yùn)動,兩者共同減速時加速度a11 m/s2,相對滑動時,木板的加速度a21 m/s2,滑塊的加速度大小a34 m/s2,設(shè)木板與地面間的動摩擦因數(shù)為1,滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)為2,對它們整體受力分析,有a11g,解得10.102 s內(nèi)分別對木板和滑塊受力分析,即對木板:2mg1(Mm)gMa2對滑塊:2mgma3聯(lián)立解得M1.5 kg。答案(1) N(2)2.5 m(3)1.5 kg- 1.請仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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