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2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第二章函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用課下層級(jí)訓(xùn)練14 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性（含解析）文新人教A版.doc

上傳人：tian****1990

文檔編號(hào)：6348945

上傳時(shí)間：2020-02-23

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《2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第二章函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用課下層級(jí)訓(xùn)練14 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性（含解析）文新人教A版.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 第二章函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用課下層級(jí)訓(xùn)練14 利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性（含解析）文新人教A版.doc（6頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

課下層級(jí)訓(xùn)練(十四)　利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性 [A級(jí)　基礎(chǔ)強(qiáng)化訓(xùn)練] 1．(2019湖北八校聯(lián)考)函數(shù)f(x)＝lnx－ax(a>0)的單調(diào)遞增區(qū)間為(　　) A．　　　　　　　 B． C． D．(－∞，a) A　[由f′(x)＝－a>0，得00時(shí)，f′(x)>0，即a>0時(shí)，f(x)在R上單調(diào)遞增，由f(x)在R上單調(diào)遞增，可得a≥0.故“a＞0”是“f(x)在R上單調(diào)遞增”的充分不必要條件．] 5．(2019廣西欽州質(zhì)檢)函數(shù)f(x)在定義域R內(nèi)可導(dǎo)，若f(x)＝f(2－x)，且當(dāng)x∈(－∞，1)時(shí)，(x－1)f′(x)<0，設(shè)a＝f(0)，b＝f，c＝f(3)，則(　　) A．a(chǎn)0，f(x)為增函數(shù)；又f(3)＝f(－1)，且－1<0<<1，因此有f(－1)0)．試討論f(x)的單調(diào)性．解　由題意得f′(x)＝ex[ax2＋(2a－2)x](a>0)，令f′(x)＝0，解得x1＝0，x2＝. ①當(dāng)01時(shí)，f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為和(0，＋∞)，單調(diào)遞減區(qū)間為. 10．(2018河北邯鄲考前保溫卷)已知函數(shù)f(x)＝ex－x2－ax. (1)若函數(shù)f(x)的圖象在x＝0處的切線方程為y＝2x＋b，求a，b的值； (2)若函數(shù)f(x)在R上是增函數(shù)，求實(shí)數(shù)a的最大值．解　(1)∵f(x)＝ex－x2－ax， ∴f′(x)＝ex－2x－a，則f′(0)＝1－a. 由題意知1－a＝2，即a＝－1. ∴f(x)＝ex－x2＋x，則f(0)＝1. 于是1＝20＋b，b＝1. (2)由題意f′(x)≥0，即ex－2x－a≥0恒成立，∴a≤ex－2x恒成立．設(shè)h(x)＝ex－2x，則h′(x)＝ex－2. ∴當(dāng)x∈(－∞，ln 2)時(shí)，h′(x)＜0，h(x)為減函數(shù)；當(dāng)x∈(ln 2，＋∞)時(shí)，h′(x)＞0，h(x)為增函數(shù)． ∴h(x)min＝h(ln 2)＝2－2ln 2. ∴a≤2－2ln 2，即a的最大值為2－2ln 2. [B級(jí)　能力提升訓(xùn)練] 11．若函數(shù)f(x)＝x3－x2＋ax－5在區(qū)間[－1,2]上不單調(diào)，則實(shí)數(shù)a的取值范圍是(　　) A．(－∞，－3] B．(－3,1) C．[1，＋∞) D．(－∞，－3]∪[1，＋∞) B　[因?yàn)閒(x)＝x3－x2＋ax－5，所以f′(x)＝x2－2x＋a＝(x－1)2＋a－1，如果函數(shù)f(x)＝x3－x2＋ax－5在區(qū)間[－1,2]上單調(diào)，那么a－1≥0或解得a≥1或a≤－3，于是滿足條件的a∈(－3,1)．] 12．定義在區(qū)間(0，＋∞)上的函數(shù)y＝f(x)使不等式2f(x)0，x>0， ∴′＝＝>0， ∴y＝在(0，＋∞)上單調(diào)遞增， ∴>，即>4. ∵xf′(x)－3f(x)<0，x>0， ∴′＝＝<0， ∴y＝在(0，＋∞)上單調(diào)遞減， ∴<，即<8. 綜上，4<<8.] 13．(2019山東臨沂檢測(cè))若函數(shù)f(x)的定義域?yàn)镽，且滿足f(2)＝2，f′(x)>1，則不等式f(x)－x>0的解集為__________. (2，＋∞)　[令g(x)＝f(x)－x，∴g′(x)＝f′(x)－1. 由題意知g′(x)>0，∴g(x)為增函數(shù)．∵g(2)＝f(2)－2＝0，∴g(x)>0的解集為(2，＋∞)．] 14．若函數(shù)f(x)＝－x3＋x2＋2ax在上存在單調(diào)遞增區(qū)間，則a的取值范圍是__________. 　[對(duì)f(x)求導(dǎo)，得 f′(x)＝－x2＋x＋2a＝－2＋＋2a. 當(dāng)x∈時(shí)，f′(x)的最大值為f′＝＋2a. 令＋2a>0，解得a>－，所以a的取值范圍是.] 15．(2019云南大理質(zhì)檢)已知函數(shù)f(x)＝(k為常數(shù))，曲線y＝f(x)在點(diǎn)(1，f(1))處的切線與x軸平行． (1)求實(shí)數(shù)k的值； (2)求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間．解　(1)f′(x)＝(x>0)．又由題知f′(1)＝＝0，所以k＝1. (2)f′(x)＝(x>0)．設(shè)h(x)＝－ln x－1(x＞0)，則h′(x)＝－－＜0，所以h(x)在(0，＋∞)上單調(diào)遞減．由h(1)＝0知，當(dāng)0＜x＜1時(shí)，h(x)＞0，所以f′(x)＞0；當(dāng)x＞1時(shí)，h(x)＜0，所以f′(x)＜0. 綜上，f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間是(0,1)，單調(diào)遞減區(qū)間是(1，＋∞)． 16．已知x＝1是f(x)＝2x＋＋ln x的一個(gè)極值點(diǎn)． (1)求函數(shù)f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間； (2)設(shè)函數(shù)g(x)＝f(x)－，若函數(shù)g(x)在區(qū)間[1,2]內(nèi)單調(diào)遞增，求a的取值范圍．解　(1)f(x)的定義域?yàn)?0，＋∞)，f′(x)＝2－＋. ∵x＝1是f(x)＝2x＋＋ln x的一個(gè)極值點(diǎn)， ∴f′(1)＝0，即2－b＋1＝0. 解得b＝3，經(jīng)檢驗(yàn)，適合題意，∴b＝3. ∵f′(x)＝2－＋＝，解f′(x)≤0，得0＜x≤1. ∴函數(shù)f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為(0,1]． (2)g(x)＝f(x)－＝2x＋ln x－(x＞0)， g′(x)＝2＋＋(x＞0)． ∵函數(shù)g(x)在[1,2]上單調(diào)遞增， ∴g′(x)≥0在[1,2]上恒成立，即2＋＋≥0在[1,2]上恒成立， ∴a≥－2x2－x在[1,2]上恒成立， ∴a≥(－2x2－x)max，x∈[1,2]． ∵在[1,2]上，(－2x2－x)max＝－3， ∴a≥－3，即a的取值范圍為[－3，＋∞)．

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