(通用版)2019高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 解答題通關(guān)練4 解析幾何 文.docx
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4.解析幾何1.已知橢圓C:1(ab0)的離心率為,且C過點.(1)求橢圓C的方程;(2)若直線l與橢圓C交于P,Q兩點(點P,Q均在第一象限),且直線OP,l,OQ的斜率成等比數(shù)列,證明:直線l的斜率為定值.(1)解由題意可得解得故橢圓C的方程為y21.(2)證明由題意可知直線l的斜率存在且不為0,設(shè)直線l的方程為ykxm(m0),由消去y,整理得(14k2)x28kmx4(m21)0,直線l與橢圓交于兩點,64k2m216(14k2)(m21)16(4k2m21)0.設(shè)點P,Q的坐標(biāo)分別為(x1,y1),(x2,y2),則x1x2,x1x2,y1y2(kx1m)(kx2m)k2x1x2km(x1x2)m2.直線OP,l,OQ的斜率成等比數(shù)列,k2,整理得km(x1x2)m20,m20,又m0,k2,結(jié)合圖象(圖略)可知k,故直線l的斜率為定值.2.已知拋物線:x22py(p0),直線y2與拋物線交于A,B(點B在點A的左側(cè))兩點,且|AB|4.(1)求拋物線在A,B兩點處的切線方程;(2)若直線l與拋物線交于M,N兩點,且MN的中點在線段AB上,MN的垂直平分線交y軸于點Q,求QMN面積的最大值.解(1)由x22py,令y2,得x2,所以44,解得p3,所以x26y,由y,得y,故y|x2.所以在A點的切線方程為y2(x2),即2xy20,同理可得在B點的切線方程為2xy20.(2)由題意得直線l的斜率存在且不為0,故設(shè)l:ykxm,M(x1,y1),N(x2,y2),由x26y與ykxm聯(lián)立,得x26kx6m0,36k224m0,所以x1x26k,x1x26m,故|MN|2.又y1y2k(x1x2)2m6k22m4,所以m23k2,所以|MN|2,由36k224m0,得k且k0.因為MN的中點坐標(biāo)為(3k,2),所以MN的垂直平分線方程為y2(x3k),令x0,得y5,即Q(0,5),所以點Q到直線kxy23k20的距離d3,所以SQMN233.令1k2u,則k2u1,則1u,故SQMN3.設(shè)f(u)u2(73u),則f(u)14u9u2,結(jié)合1u0,得1u;令f(u)0,得ub0)的左頂點、右焦點,點P為橢圓C上一動點,當(dāng)PFx軸時,|AF|2|PF|.(1)求橢圓C的離心率;(2)若橢圓C上存在點Q,使得四邊形AOPQ是平行四邊形(點P在第一象限),求直線AP與OQ的斜率之積;(3)記圓O:x2y2為橢圓C的“關(guān)聯(lián)圓”.若b,過點P作橢圓C的“關(guān)聯(lián)圓”的兩條切線,切點為M,N,直線MN在x軸和y軸上的截距分別為m,n,求證:為定值.(1)解由PFx軸,知xPc,代入橢圓C的方程,得1,解得yP.又|AF|2|PF|,所以ac,所以a2ac2b2,即a22c2ac0,所以2e2e10,由0eb0)的右頂點為A(2,0),左、右焦點分別為F1,F(xiàn)2,過點A且斜率為的直線與y軸交于點P,與橢圓交于另一個點B,且點B在x軸上的射影恰好為點F1.(1)求橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程;(2)過點P且斜率大于的直線與橢圓交于M,N兩點(|PM|PN|),若SPAMSPBN,求實數(shù)的取值范圍.解(1)因為BF1x軸,得到點B,所以解得所以橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程是1.(2)因為,所以(2),所以.由(1)可知P(0,1),設(shè)MN方程為ykx1,M(x1,y1),N(x2,y2),聯(lián)立得(4k23)x28kx80,0恒成立,即得(*)又(x1,y11),(x2,y21),有x1x2,將x1x2代入(*)可得,.因為k,所以(1,4),則122,即得442.綜上所述,實數(shù)的取值范圍為(4,42).- 1.請仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預(yù)覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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