《（新課標(biāo)）2020高考物理總復(fù)習(xí) 課時檢測（六）重力 彈力（雙基落實課）（含解析）.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020高考物理總復(fù)習(xí) 課時檢測（六）重力 彈力（雙基落實課）（含解析）.doc（4頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

課時檢測(六) 重力 彈力 (雙基落實課) 1. 水平桌面上覆蓋有玻璃板，玻璃板上放置一木塊，下列說法正確的是(　　) A．木塊受到的彈力是由于木塊的彈性形變要恢復(fù)造成的，因為玻璃板沒有形變 B．木塊受到的重力就是木塊對玻璃板的壓力 C．木塊對玻璃板的壓力與玻璃板對木塊的支持力從性質(zhì)上來說都是彈力 D．木塊對玻璃板的壓力大小等于玻璃板對木塊的支持力大小，因此二者合力為零 解析：選C　木塊受到的彈力是由于玻璃板的彈性形變要恢復(fù)造成的，選項A錯誤；木塊受到的重力與木塊對玻璃板的壓力大小相等，但兩者不是同一個力，選項B錯誤；木塊對玻璃板的壓力與玻璃板對木塊的支持力都是彈力，選項C正確；木塊對玻璃板的壓力大小等于玻璃板對木塊的支持力大小，但二者作用在不同物體上，不能合成，選項D錯誤。 2.在半球形光滑碗內(nèi)斜擱一根筷子，如圖所示，筷子與碗的接觸點分別為A、B，則碗對筷子A、B兩點處的作用力方向分別為(　　) A．均豎直向上 B．均指向球心O C．A點處指向球心O，B點處豎直向上 D．A點處指向球心O，B點處垂直于筷子斜向上 解析：選D　根據(jù)題圖結(jié)合平衡條件知，A點處作用力的方向指向球心O，B點處作用力的方向垂直于筷子斜向上，故D正確。 3．如圖所示的四個圖中，AB、BC均為輕質(zhì)桿，各圖中桿的A、C端都通過鉸鏈與墻連接，兩桿都在B處由鉸鏈連接，且系統(tǒng)均處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用等長的輕繩來代替輕桿，若要求繼續(xù)保持平衡(　　) A．圖中的AB桿可以用輕繩代替的有甲、乙、丙 B．圖中的AB桿可以用輕繩代替的有甲、丙、丁 C．圖中的BC桿可以用輕繩代替的有乙、丙、丁 D．圖中的BC桿可以用輕繩代替的有甲、乙、丁 解析：選B　如果桿受拉力作用，可以用與之等長的輕繩代替，如果桿受壓力作用，則不可用等長的輕繩代替，題圖甲、丙、丁中的AB桿均受拉力作用，而甲、乙、丁中的BC桿均受壓力作用，故A、C、D錯誤，B正確。 4.如圖所示，將一根質(zhì)量不計、長為L的彈性細(xì)繩左、右兩端固定在同一水平線上相距為L的M、N兩點時，彈性細(xì)繩恰為自然長度?，F(xiàn)將一重為G的鉤碼掛在彈性細(xì)繩的P點，鉤碼掛鉤光滑，靜止時MPN恰構(gòu)成一正三角形。假設(shè)彈性細(xì)繩中的彈力與其伸長量之間的關(guān)系遵循胡克定律，彈性細(xì)繩沒超過彈性限度，則彈性細(xì)繩的勁度系數(shù)為(　　) A.　　　　　　　　　　 　B. C. D. 解析：選C　彈性細(xì)繩的伸長量是L，P點左、右兩段彈性細(xì)繩的彈力大小均為kL，由幾何關(guān)系及平衡條件得2kLcos 30＝G，則勁度系數(shù)k＝，選項C正確。 5.某裝置如圖所示，兩根輕桿OA、OB與小球及一小滑塊通過鉸鏈連接，輕桿OA的A端與固定在豎直光滑桿上的鉸鏈相連。小球與小滑塊的質(zhì)量均為m，輕桿OA、OB長均為l，原長為l的輕質(zhì)彈簧與滑塊都套在豎直桿上，彈簧連接在A點與小滑塊之間。裝置靜止時，彈簧長為1.6l，重力加速度為g，sin 53＝0.8，cos 53＝0.6，以下說法正確的是(　　) A．輕桿OA對小球的作用力方向與豎直方向的夾角為53 B．輕桿OB對小滑塊的作用力方向沿輕桿OB向下，大小為 C．輕桿OA與輕桿OB對小球的作用力大小的比值為 D．彈簧的勁度系數(shù)為 解析：選D　由彈簧的長度為1.6l，＝l，可知輕桿OA對小球的作用力方向與豎直方向的夾角的余弦值為cos θ＝，可得θ＝37，A錯誤；對小球受力分析可知，輕桿OA與輕桿OB對小球的作用力方向均沿桿的方向，且桿對小球提供的可能是支持力也可能是拉力，輕桿OA與輕桿OB對小球作用力的水平分力大小相等，可知輕桿OA與輕桿OB對小球的作用力大小相等，C錯誤；在豎直方向?qū)π∏蜻M行受力分析得2Tcos 37＝mg(式中T為輕桿對小球的作用力)，解得T＝，B錯誤；對滑塊受力分析可知k(1.6l－l)＝mg＋Tcos 37(式中k為彈簧的勁度系數(shù))，解得k＝，D正確。 6.如圖所示為位于水平面上的小車，固定在小車上的支架的斜桿與豎直桿的夾角為θ，在斜桿的下端固定有質(zhì)量為m的小球，重力加速度為g。下列關(guān)于斜桿對小球的作用力F的判斷中正確的是(　　) A．小車靜止時，F(xiàn)＝mgsin θ，方向沿斜桿向上 B．小車靜止時，F(xiàn)＝mgcos θ，方向垂直于斜桿向上 C．小車向右做勻速運動時，一定有F＝mg，方向豎直向上 D．小車向右做勻加速運動時，一定有F＞mg，方向一定沿斜桿向上 解析：選C　小車靜止或向右做勻速運動時，小球的加速度為零，所受的合力為零，由平衡條件可得，斜桿對小球的作用力豎直向上，大小為F＝mg，選項A、B錯誤，C正確；若小車向右做勻加速運動，則小球所受的合力方向水平向右，由牛頓第二定律可得Fy＝mg，F(xiàn)x＝ma，故斜桿對小球的作用力F＝＞mg，tan α＝＝，當(dāng)a的取值合適時，α可以等于θ，但α與θ不一定總相等，即F的方向不一定沿斜桿向上，選項D錯誤。 7.(多選)如圖所示，用滑輪將質(zhì)量為m1、m2的兩物體懸掛起來，忽略滑輪和繩所受的重力及一切摩擦，使得0＜θ＜180，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，則m1、m2的大小關(guān)系應(yīng)為(　　) A．m1必大于m2 B．m1必大于 C．m1可能等于m2 D．m1可能大于m2 解析：選BCD　 由題意結(jié)合題圖知，O點受三個力的作用，如圖所示，系統(tǒng)平衡時F1＝F2＝m1g，F(xiàn)3＝m2g，所以2m1gcos＝m2g，m1＝，所以m1 必大于；當(dāng)θ＝120時，m1＝m2；當(dāng)θ＞120時，m1＞m2；當(dāng)θ＜120時，m1＜m2，故B、C、D正確。 8.(多選)輕桿的一端安裝有一個滑輪，握住桿的另一端支撐著懸掛重物的輕繩，如圖所示?，F(xiàn)使桿與豎直方向的夾角緩慢減小，則桿對滑輪的作用力(　　) A．大小變大 B．大小不變 C．方向發(fā)生變化，但始終沿桿方向 D．方向始終在滑輪兩側(cè)輕繩的角平分線上，不一定沿桿 解析：選BD　滑輪受到兩側(cè)輕繩的拉力和桿的作用力，其中兩側(cè)輕繩的拉力大小相等，且等于重物受到的重力，使桿與豎直方向的夾角緩慢減小時，兩側(cè)輕繩的拉力的方向不變，則其合力也不變，方向始終在滑輪兩側(cè)輕繩夾角的角平分線上，因滑輪受力平衡，故桿對滑輪的作用力大小不變，方向始終在滑輪兩側(cè)輕繩夾角的角平分線上，不一定沿桿，選項B、D正確。 9.(多選)如圖所示，A、B兩個物塊所受的重力分別是GA＝3 N和GB＝4 N，彈簧所受的重力不計，整個裝置沿豎直方向處于靜止?fàn)顟B(tài)，這時彈簧的彈力F＝2 N，則天花板受到的拉力和地板受到的壓力可能分別是(　　) A．3 N和4 N B．5 N和6 N C．1 N和6 N D．5 N和2 N 解析：選CD　當(dāng)彈簧由于被壓縮而產(chǎn)生F＝2 N的彈力時，由受力平衡及牛頓第三定律可得，天花板受到的拉力為GA－F＝1 N，地板受到的壓力為GB＋F＝6 N；當(dāng)彈簧由于被拉伸而產(chǎn)生F＝2 N的彈力時，天花板受到的拉力為GA＋F＝5 N，地板受到的壓力為GB－F＝2 N，C、D正確。 10.(多選)(2019江西景德鎮(zhèn)模擬)如圖所示，一個教學(xué)用的直角三角板的邊長分別為a、b、c，被沿兩直角邊的輕繩A、B懸吊在天花板上，且斜邊c恰好平行于天花板，過直角的豎直線為MN。設(shè)A、B兩繩對三角板的拉力分別為Fa和Fb，已知Fa和Fb以及三角板所受的重力為在同一平面的共點力，則下列判斷正確的是(　　) A．三角板的重心不在MN上 B．三角板所受重力的反作用力的作用點在MN上 C．兩繩對三角板的拉力Fa和Fb是由于三角板發(fā)生形變而產(chǎn)生的 D．兩繩對三角板的拉力Fa和Fb之比為Fa∶Fb＝b∶a 解析：選BD　三角板受重力、Fa、Fb三個共點力處于平衡狀態(tài)，由幾何關(guān)系，三個力一定交于過三角板直角豎直線MN上的某點，所以重心一定在MN上，選項A錯誤；重心一定在MN上，則根據(jù)牛頓第三定律知，重力的反作用力的作用點在MN上，選項B正確；兩繩對三角板的拉力Fa和Fb是由于繩發(fā)生形變而產(chǎn)生的，選項C錯誤；三角板受力分析如圖所示，根據(jù)平衡條件得Fa＝mgcos α，F(xiàn)b＝mgsin α，則Fa∶Fb＝1∶tan α＝b∶a，選項D正確。